743. Network Delay Time

輸入：int[][] times times[i]= new int[]{v,u,w} 表示從節點v到節點u需要時間w。注意這里是有向圖。
　　 int N 節點總數。
　　 int k 起始節點

輸出：從節點k到其他各個節點的最短路徑和。如果有一個節點不能達到則返回-1。

分析：從題目描述直觀地看到求一個節點到其他各個節點的最短路徑和。適用于迪杰斯特拉算法（Dijkstra’s Algorithm ）。
DijStra’s Algorithm描述
　　迪杰斯特拉算法是屬于圖論中的一個算法。
　　定義一個int[] dist 存儲各個節點到k節點的最小路徑長度。數組初始化為Integer.MAX_VALUE。定義一個Set seen，保存已經處理過的節點。定義一個最小堆minHeap，堆頂存放的是當前情況下距離k點最近的點。初始化放入K,0。
　　計算過程：
　　1 在minHeap不為空的情況下，取得堆頂元素[v,dis]。
　　2 如果v已經在seen中出現，則已經處理過，跳轉到1。
　　3 如果v不在seen中，先設置dist[v]=dis，將節點v加入到seen。其次檢查v可以達到的節點列表list。對每個節點u判斷dist[u] 與dist[v]+times[v][u][2]的大小關系。大于，則v節點可能是到達u節點的一條最短路徑，將[u,dist[v]+times[v][u][2]]入minHeap。否則不做處理。跳轉到1。
　　4 直到所有節點都處理完成。
　　這個過程對于節點v，做處理；接著將未處理過的鄰接點u放入隊列中等待處理。典型的BFS思路。
　　當我把代碼寫完用測試用例測試。[[2,1,1],[2,3,1],[3,4,1]]，4，2。發現標準答案是2，而我出的結果是4。我在想：節點2到節點1耗時1；節點2到節點3耗時1；節點3到節點4耗時1，所以節點2到節點4耗時2。1+1+2=4沒有問題呀。想想，解釋只可能是從節點2發出的節點可以同時達到節點1和節點3，所以耗時1。節點3到節點4耗時1。所以總耗時1+1=2。節點1，節點3是節點2的臨節點，可以同時發送。應該是這樣解釋吧。處理的技巧就是從dist數組中找最大值，當然最大值不能是Integer.MAX_VALUE。
代碼
感悟：Dijstra’s 算法可以用兩個for循環實現，也可以借助最小堆。代碼實現的一些細節也影響執行時間。

111 Minimum Depth of Binary Tree

輸入：二叉樹
輸出：二叉樹的最小深度，也就是根節點到葉子結點的最短路徑。
分析：
　對于node3來說，如果左右子樹都為null，那直接得到答案1。如果左右子樹都不為null，那就是取左子樹最小深度和右子樹最小深度的最小值+1。如果左右子樹一個為null（我一開始忘記分析了），那么就是不為null的子樹的最小深度+1。
　用DFS遞歸實現最直白。

分析2:
　我們也可以把樹看做3層，哪層最先有葉子節點，那最小深度就在這里了。上圖中在第2層就有葉子節點，所以最小深度是2。
　雖然是easy題目，但是思路明顯比以前好多了，知道為什么對。
代碼

總結

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