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這篇博客就是講證費馬的，沒什么意思。

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既然是要用群論證明費馬小定理，那么我們先用數論證明一下。

(以下的 p 為一個質數)

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首先我們考慮 一個前置定理：

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第一個證明

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若 $(c,p) =1$ (即 c 與 p 的 gcd 為 1)，且 $ac ≡ bc (mod\ p)$ ， 那么由 $a ≡ b (mod\ p)$

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證：

∵$ac≡ bc ( mod\ p )$?

∴$(a-b)c≡0 (mod\ p)$

∴(a-b)c 是 p 的整數倍

又∵$(c,p)=1$

∴$a-b≡0 (mod\ p)$，即 $a≡b (mod\ p)$

得證！

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第二個證明

然后我們進入正題，假設有正整數 a (a<p) 滿足條件 $(a,p)=1$ ，那么我們將 a 乘上 1~p-1 后可以構成一個 %p 的完全剩余系

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證：

假設存在 $xa≡ya(mod\ p)$，且 $x≠y$

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∵ a 與 p 互質

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∴原式成立當且僅當 $x≡y(mod\ p)$?

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又∵x,y∈[1,p-1]?

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∴ $x≡y(mod\ p)$ 當且僅當 $x=y$，與已知條件矛盾

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∴得證假設不成立，原命題成立

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第三個證明

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接下來證明 $a^{p-1}≡1 (mod\ p)$

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證：

又∵$1,....,p-1$ 是 %p 的完全剩余系

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∴有 $1*2*...*(p-1) ≡ a*2a*3a*...*(p-1)a?(mod\ p)$，即$(p-1)!≡p-1!*a^{p-1} (mod\ p)$

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又 ∵ p 是質數，所以 $((p-1)!,p)=1$，即 (p-1)! 與 p 互質

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∴ $a^{p-1}≡1(mod\ p)$

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得證！

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然后我們就進入第二個階段，用群論證明費馬小定理吧。

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首先如果你會證拉格朗日定理那么這里就沒什么難度了。

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那么我們先假設拉格朗日定理成立，后面再來證明它。

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哦對了，拉格朗日定理是什么都還沒講呢：

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Lagrange定理?

　　設 H<=G ，如果|G|=N, |H|=n, 且有 [G:H]=j ，那么 N=nj 。

其中 [G:H]=j 表示子群 H 在 G 中的左（右）陪集個數（當然有可能 j 是無窮大）。 所謂左（右）陪集的個數的含義就是左（右）陪集中本質不同的集合（注意這里講的是集合）個數。

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那么我們可以得到一個推論就是： 對于 G 中的任意元素 a ， a 的階為 |G|? 的因子。

那么 a 的階就是以 a 為生成元構成的群的大小，<a> 就是 a 構成的一個循環群。

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那么這里我們就可以證明出費馬小定理了。

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也就是說我們令 G 為 1~p-1 構成的 %p 意義下的乘法群（p 仍然是質數），

然后 G 中的任意元素 a 必然滿足 $a^{p-1} %p = 1$?

證：

設 a 構成的循環群大小為 d，則 $a^d?≡ 1 (mod\ p)$

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又∵根據 Lagrange定理 可得 d|(p-1)

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令 j =(p-1)/d?

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∵ $a^{d*j}??≡ 1(mod\ p)$??

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∴ $a^{p-1}?≡ 1(mod\ p)$

得證！

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然鵝 Lagrange定理 真的懶得證了，所以這里就貼個網址你自己去看吧！

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提醒一下，里面要用到陪集的性質，也就是兩個左(右)陪集滿足：

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1. aH=bH

2. aH∩bH=?

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順便提一下，這樣可以連著蒙哥馬利快速模的正確性一起證掉（當然這里 p 還是質數）

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因為如果 $a^{p-1}??≡ 1(mod\ p) $，那么也就是 $a*a^{p-2}?≡ 1(mod\ p)$

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根據逆元定義， $a^{p-2}%p$ 就是 a 在模 p 意義下的逆元咯~

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然后水過了一篇證明（這能說是偽證么2333）

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轉載于:https://www.cnblogs.com/Judge/p/10420927.html

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總結

以上是生活随笔為你收集整理的关于群论证明费马小定理？的全部內容，希望文章能夠幫你解決所遇到的問題。

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