題目大意：
有N個點，騰訊與360分別在點S,點T，給出M個a,b,c,表示點a到點b有一條連邊（雙向邊），耗時為c,他們想在最短的時間內相遇，然后干一架。，求二者“相遇”的最短時間，當然，如果無法相遇則輸出“Peace!”
在此我們定義“相遇”為：兩個人皆在同一個有編號的城市上就可以了，并且這兩個人均可以站在原地等另外一個人。也就是說，在這里我們不考慮兩人在路中間相遇。

每組數據n=5000 m=5000
并且保證運算過程中的所有值都不會超過117901063

題解：
spfa+鄰接表：
我們用點S（騰訊）到N個點的最短路跑一遍，
結果是dis[1,i]
然后點T（360）同上操作，結果是dis[2,i]
然后在max(dis[1,i],dis[2,i])找個最小值。
因為如果騰訊到點i最少要花費dis[1,i]時間，然后360到點i要話費dis[2,i]時間，這時
如果dis[1,i] < dis[2,i] 那么因為題意是允許在原地等待的，那么360和騰許在第i個點相遇的最短時間，則是dis[2,i]，同理，dis[2,i] < dis[1,i]則選擇dis[1,i]，等于就直接搞搞即可。
然后有N個點，每次都這么做，然后找最小值。
因此我們就得到答案：
min(max(dis[1,i],dis[2,i]))
然后注意不能相遇要輸出Peace!
時間復雜度：O(3N+2M)

varlist,s,t,w,next:array [0..10001] of longint;q:array [0..100001,1..2] of longint;dis:array [1..2,0..5001] of longint;v:array [1..2,0..5001] of boolean;x,y,z,xx,yy,i,j,n,m,d,ans:longint;procedure add(k,aa,bb,cc:longint); begins[k]:=aa;t[k]:=bb;w[k]:=cc;next[k]:=list[s[k]];list[s[k]]:=k; end;procedure spfa; varhead,tail,i:longint; beginhead:=0;tail:=1;for i:=0 to n dobegindis[1,i]:=maxlongint;dis[2,i]:=maxlongint;end;head:=0;tail:=2;dis[1,x]:=0;dis[2,y]:=0;v[1,x]:=true;v[2,y]:=true;q[1,1]:=x; q[1,2]:=1;q[2,1]:=y; q[2,2]:=2;while head<tail dobegininc(head);i:=list[q[head,1]];while i>0 dobeginif dis[q[head,2],s[i]]+w[i]<dis[q[head,2],t[i]]then begindis[q[head,2],t[i]]:=dis[q[head,2],s[i]]+w[i];if v[q[head,2],t[i]]=falsethen beginv[q[head,2],t[i]]:=true;inc(tail);q[tail,1]:=t[i];q[tail,2]:=q[head,2];end;end;i:=next[i];end;v[q[head,2],q[head,1]]:=false;end; end;function min(aa,bb:longint):longint; beginif aa>bb then exit(bb);exit(aa); end;function max(aa,bb:longint):longint; beginif aa>bb then exit(aa);exit(bb); end;beginreadln(n,m);for i:=1 to m dobeginreadln(x,y,z);inc(d);add(d,x,y,z);inc(d);add(d,y,x,z);end;ans:=maxlongint;readln(x,y);spfa;for i:=1 to n doif dis[1,i]<>maxlongint thenif dis[2,i]<>maxlongint thenans:=min(ans,max(dis[1,i],dis[2,i]));if ans=maxlongintthen writeln('Peace!')else writeln(ans); end.

總結

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