A Split it!

思路：
翻轉后看前k個連續是否相等，并且滿足$k?2+1<=n$

代碼：

#include<bits/stdc++.h> #include<iostream> #include <stdio.h> using namespace std; const int maxn=200005; const int base=131; typedef long long ll; #define pi acos(-1) #define INF 0x3f3f3f3f #define mod 998244353 const int inf=1<<30; int a[maxn]; int b[maxn]; vector<int> pos; int main() {//freopen("data.in","r",stdin);//freopen("1.out","w",stdout);int t,n,k;cin>>t;string s,s1;while(t--){cin>>n>>k;cin>>s;s1 = s;reverse(s.begin(),s.end());//cout<<s<<endl;int f = 0,cnt = 0;for(int i = 0;i < n ; i++ ){if(s[i] != s1[i] ){if(cnt >= k)f = 1;break;}cnt++;if(cnt >= k){f = 1;break;}}if(k == 0 || ( f && (k*2+1 <= n)))cout<<"YES"<<endl;elsecout<<"NO"<<endl;}return 0; }

B Max and Mex

思路：可以用$\frac{a+b+1}{2}$計算
如果加入的這個b已經存在于序列中，mex和max不會變，答案為原序列中不同元素個數。

如果b不存在于序列中，并且原序列不是連續的，則有$mex<max$,那么b最小為$\frac{mex+mex+1+1}{2}$,即$mex+1$,加入后b后$me{x}^{\prime }$和$ma{x}^{\prime }$不變，答案為原序列中不同元素個數加一。

如果b不存在于序列中，并且原序列是連續的則有$mex>max$,，mex一定為$max+1$，那么b為$\frac{max+max+1+1}{2}$,即$max+1$。
加入后b后,$me{x}^{\prime }$變為$mex+1=max+2$ ，$ma{x}^{\prime }$變為$max+1$，新的$b^{\prime }=b+1=max+2$,以此類推……答案為原序列中不同元素個數加k。

代碼：

#include<bits/stdc++.h> #include<iostream> #include <stdio.h> using namespace std; const int maxn=200005; const int base=131; typedef long long ll; #define pi acos(-1) #define INF 0x3f3f3f3f #define mod 998244353 const int inf=1<<30; ll a[maxn]; set<ll> vis; int main() {//freopen("data.in","r",stdin);//freopen("1.out","w",stdout);ll t,n,k;cin>>t;string s,s1;while(t--){cin>>n>>k;vis.clear();memset(a,0,sizeof(a));for(ll i = 1;i <= n;i++){cin>>a[i];vis.insert(a[i]);}sort(a+1,a+1+n);ll aa,bb;bb = a[n];ll cnt = 0;if(k == 0){cout<<vis.size()<<endl; continue;}ll i ;for( i =1 ;i <= n;i++){if(i == 1 && a[i] != 0){aa = 0;break;}if(a[i+1] != a[i]+1 ){aa = a[i]+1;break;}}ll b = (aa + bb +1) / 2;cnt++;if(vis.find(b) != vis.end() || cnt == k){vis.insert(b);cout<<vis.size()<<endl; }else{ //找不到if(aa > bb)cout<<vis.size() + k<<endl;elsecout<<vis.size() + 1<<endl;}}return 0; }

C Diamond Miner

思路：
將所有的x和y都映射到第一象限上，依次將最小的x點和y點一一對應求距離即可。

代碼：

#include<bits/stdc++.h> #include<iostream> #include <stdio.h> using namespace std; const int maxn=200005; const int base=131; typedef long long ll; #define pi acos(-1) #define INF 0x3f3f3f3f #define mod 998244353 const int inf=1<<30; ll a[maxn],b[maxn]; int main() {//freopen("data.in","r",stdin);//freopen("1.out","w",stdout);ll t,n,k;cin>>t;while(t--){cin>>n;ll x ,y;int cnt1 = 0,cnt2 = 0; for(int i = 1;i <= n *2;i++){cin>>x>>y;if(x == 0){if(y > 0)a[++cnt1] = y;else a[++cnt1] = -y;}if(y == 0){if(x > 0)b[++cnt2] = x;else b[++cnt2] = -x;}}sort(b+1,b+n+1);sort(a+1,a+n+1);double ans = 0.0;for(int i =1;i <= n; i++){ans += sqrt(a[i] * a[i]*1.0 + b[i] *b[i]*1.0);}printf("%.15lf\n",ans);}return 0; }

D Let’s Go Hiking

題意：給定一個序列，Qingshan只能沿著單調下降的方向移動，Daniel只能沿著單調上升的方向移動，Q先移動，D后手，誰先不能移動誰輸。

思路：
首先在這個n長的序列中可能有m個單調的連續子序列。Q和D都只能在單調子序列上移動，Q選擇序列中最大的位置，D選擇最小的位置。

為了讓自己的移動步數多，Q和D都會選擇最長的單調序列，因為如果讓出最長的序列則必輸。如果只有一個最長的單調序列，Q和D相當于往對方移動，必會相遇。由于Q先手，Q必輸。

有多條等長的間隔開的單調序列，Q和D能移動的距離相等，因為Q先手，Q必輸。

有連接在一起的等長單調序列時，即一個波形，單調上升和單調下降的部分長度相等為L。如果長度L為偶數，和上面的情況相同，Q必輸。

如果每部分長度L為奇數，Q先手，Q可以往往兩個方向移動。長度為奇數下Q和D相遇，Q先手D必輸，所以D只能放在第二小的位置將這種相遇轉化為長度為偶數的相遇；但是Q可以選擇向另一邊移動，Q和D同方向移動，Q還是可以L次，D放在第二小的位置只能移動L-1次,D必輸。

代碼：

#include<bits/stdc++.h> #include<iostream> #include <stdio.h> using namespace std; const int maxn=200005; const int base=131; typedef long long ll; #define pi acos(-1) #define INF 0x3f3f3f3f #define mod 998244353 const int inf=1<<30; int p[maxn]; int l[maxn],r[maxn];int main() {//freopen("data.in","r",stdin);//freopen("1.out","w",stdout);int n;cin>>n;for(int i = 1; i <= n;i++){cin>>p[i];}l[1] = 1;r[n] = 1;for(int i =2 ;i <= n;i++)l[i] = (p[i] > p[i-1])? l[i-1] + 1 : 1;for(int i = n-1 ;i >= 1; i--)r[i] = (p[i] > p[i+1]) ? r[i+1] + 1 : 1;int ma = 0,cnt = 0,vis = 0;for(int i = 1;i <= n;i++){if(l[i] > ma || r[i] > ma){ma = max(l[i],r[i]);cnt = 1;vis = i;}else if(l[i] == ma || r[i] == ma){cnt = 0;}}int ans;int mx = l[vis] > r[vis]? l[vis] : r[vis];int mi = l[vis] > r[vis]? r[vis] : l[vis];if(cnt && mx % 2 &&mx == mi)ans = 1;elseans = 0;cout<<ans<<endl;return 0; }

E Garden of the Sun

題意：
n行m列的農田里，種了n*m朵太陽花，因陽光猛烈太陽花死掉了許多，剩下的空格子沒有共同邊或角。

你需要移除剩下的太陽花，使得滿足：一、空格是聯通的，二、任何兩個空格間都有一條簡單路徑，即所有的空格是不成環的。

思路：
構造，構的我心態炸了，就硬構。

每三行把其中一行全置空，行是三的倍數就置空中間的，不是置空第一行，然后聯通剩下兩行就可以了。

代碼：

#include<bits/stdc++.h> #include<iostream> #include <stdio.h> using namespace std; const int maxn=60005; const int base=131; typedef long long ll; #define pi acos(-1) #define INF 0x3f3f3f3f #define mod 998244353 const int inf=1<<30; string g[maxn]; string ans[maxn];int main() {//freopen("data.in","r",stdin);//freopen("1.out","w",stdout);// ios::sync_with_stdio(false); cin.tie(0);int t,n,m;cin>>t;while(t--){cin>>n>>m;for(int i = 0; i < n; i++){g[i].clear();cin>>g[i];}for(int i = (n%3) == 0; i < n;){for(int j = 0; j < m; j++)g[i][j] = 'X';i += 3;if(i >= n)break;int pos = 1;if(m == 1 || (g[i - 1][1] != 'X' && g[i - 2][1] != 'X' )){pos = 0;}g[i - 1][pos] = 'X';g[i - 2][pos] = 'X';}for(int i = 0; i < n; i++)cout<<g[i]<<endl;}return 0; }

總結

以上是生活随笔為你收集整理的codeforces 706 div2题解的全部內容，希望文章能夠幫你解決所遇到的問題。

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