今天學到了代碼以外的東西，就是你在vj上掛了content ，然后你想更新它，你就要刷新一下，不然你提交的那題可能提交到別的地方。

好了回到重點，本題的題意是：

#include<bits/stdc++.h> #define de(x) cout<<#x<<"="<<x<<endl; #define dd(x) cout<<#x<<"="<<x<<" "; #define rep(i,a,b) for(int i=a;i<(b);++i) #define repd(i,a,b) for(int i=a;i>=(b);--i) #define repp(i,a,b,t) for(int i=a;i<(b);i+=t) #define ll long long #define mt(a,b) memset(a,b,sizeof(a)) #define fi first #define se second #define inf 0x3f3f3f3f #define INF 0x3f3f3f3f3f3f3f3f #define pii pair<int,int> #define pdd pair<double,double> #define pdi pair<double,int> #define mp(u,v) make_pair(u,v) #define sz(a) a.size() #define ull unsigned long long #define ll long long #define pb push_back #define PI acos(-1.0) #define qc std::ios::sync_with_stdio(false) const int mod = 1e9+7; const int maxn = 1e6+9; const double EPS = 1e-6; using namespace std; struct Point{int x,y; }p[maxn]; bool cmp1(Point a,Point b){return a.x<b.x; } bool cmp2(Point a,Point b){return a.y<b.y; } int main() {int T;scanf("%d",&T);while(T--){int ansl=0,ansr=0,ans = 1;int n;int w,h;scanf("%d%d%d",&n,&w,&h);bool fi = true,fj = true;rep(i,0,n){scanf("%d%d",&p[i].x,&p[i].y);if(p[i].x==0&&p[i].y==0) fi = false;if(p[i].x==w&&p[i].y==h) fj = false;}if(fi) p[n++] = (Point){0,0};if(fj) p[n++] = (Point){w,h};sort(p,p+n,cmp1);rep(i,0,n){int lx=p[i].x;int l = 0,r = h;rep(j,i+1,n){if(p[i].x==p[j].x) continue;if(min(p[j].x-lx,r-l)>ans){ans = min(p[j].x-lx,r-l);ansl = lx;ansr = l;}if(p[i].y==p[j].y) break;if(p[i].y<p[j].y) r = min(r,p[j].y);else l = max(l,p[j].y);}}repd(i,n-1,0){int lx=p[i].x;int l = 0,r = h;repd(j,i-1,0){if(p[i].x==p[j].x) continue;if(min(lx-p[j].x,r-l)>ans){ans = min(lx-p[j].x,r-l);ansl = p[j].x;ansr = l;}if(p[i].y==p[j].y) break;if(p[i].y<p[j].y) r = min(r,p[j].y);else l = max(l,p[j].y);}}sort(p,p+n,cmp2);rep(i,1,n){if(p[i].y!=p[i-1].y){if(min(w,p[i].y-p[i-1].y)>ans){ans = min(w,p[i].y-p[i-1].y);ansl = 0;ansr = p[i-1].y;} }}printf("%d %d %d\n",ansl,ansr,ans);if(T) cout<<endl;}return 0; }

?

求一個最大正方形，邊界可以包含障礙點，內部不能。

解法：

可以看看這個論文：http://www.doc88.com/p-9042008501060.html

我們可以用單調棧來做，但是復雜度是O(nm)，不能，但是我們可以用另一個方法，就是那個網站里的算法一，復雜度為O(s*s)，s為障點數；

做法就是先加入0,0和w，h這兩個點（可以阻止第一類遺漏），先按x坐標排序，枚舉每一個左邊界，然后在反過來，枚舉每一個右邊界

然后接著就是矩形左邊界和最左重合，右邊界和最右重合的情況我門還是遺漏了，所以我們可以按y拍個序，枚舉每兩個y之間的矩形

代碼：

?

轉載于:https://www.cnblogs.com/chinacwj/p/7979693.html

總結

以上是生活随笔為你收集整理的今日题解------uvalive 2689的全部內容，希望文章能夠幫你解決所遇到的問題。

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