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選舉

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題目描述

C國的總統(tǒng)選舉委員會最近遇到了一些麻煩。

他們在統(tǒng)計各省對H先生的支持率（百分比）時，把支持率四舍五入到了整數(shù)。等他們公布結(jié)果后，該國媒體發(fā)現(xiàn)這些省份的支持率之和不等于100（百分比）！在媒體黑幕聲的質(zhì)疑下，他們不得不找你尋求幫助。

你將得到各省四舍五入后的支持率，請計算這些省份的支持率在四舍五入前的和是否可能等于100？支持率是以百分比的形式統(tǒng)計的。

請注意，各省的支持率可以是一個包含任意多位的有限小數(shù)。一個小數(shù)在四舍五入到整數(shù)時，若小數(shù)點后第一位小于5則舍，大于等于5則入。

例如：

26、17、58是一種可能的支持率，因為它們可能是25.8、16.5、57.7四舍五入后得到的，而25.8+16.5+57.7=100。

49、49是一種不可能的支持率，因為當(dāng)9的個數(shù)有限時，無論有多少個9，均有49.499…99+49.499…99<100。

輸入格式

輸入包含多組數(shù)據(jù)，第一行是一個整數(shù)T，表示數(shù)據(jù)組數(shù)。

接下來是T組數(shù)據(jù)，每組數(shù)據(jù)的第一行是一個整數(shù)N，表示參與選舉的省份個數(shù)。第二行是N個整數(shù)，表示各省四舍五入后的支持率。

輸出格式

對于每組數(shù)據(jù)，若是一種可能的支持率，輸出Yes，否則輸出No。

樣例輸入

2

2

49 49

3????

26 17 58

樣例輸出

No

Yes

數(shù)據(jù)范圍與約定

對于30%的數(shù)據(jù)，1<=n<=3；

對于50%的數(shù)據(jù)，1<=n<=5；

對于80%的數(shù)據(jù)，1<=四舍五入后各省的支持率<=99；

對于100%的數(shù)據(jù)，1<=n<=10000，輸入數(shù)據(jù)中的所有整數(shù)均在有符號16位整數(shù)范圍內(nèi)。

#include<cstdio> using namespace std; #define O(a) freopen(a".in","r",stdin);freopen(a".out","w",stdout); #define ct register int #define f(c) for(ct i=1;i<=c;i++) typedef long long ll; int read(){ct f=1,x=0;char c=getchar();for(;c<'0'||c>'9';c=getchar())if(c=='-')f=-1;for(;'0'<=c&&c<='9';c=getchar())x=(x<<1)+(x<<3)+(c^48);return x*f;} int main(){O("election");double total;bool out=0;int w;int t=read();while(t--){int n=read(),x;w=n;f(n){x=read(),total+=x,x==0?w--:w=w;if(x<0)out=1;}if(out){printf("No\n");continue;}if(total>100)total-w*0.5<=100?printf("Yes\n"):printf("No\n");elseif(total<100)total+n*0.49999999999>=100?printf("Yes\n"):printf("No\n");else printf("Yes\n");total=0;}return 0; }

入門題沒什么好講了吧。（雖然我之前的程序因為沉迷三目WA了一個點）

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異象石

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題目描述

Adera是Microsoft應(yīng)用商店中的一款解謎游戲。

異象石是進(jìn)入Adera中異時空的引導(dǎo)物，在Adera的異時空中有一張地圖。這張地圖上有N個點，有N-1條雙向邊把它們連通起來。起初地圖上沒有任何異象石，在接下來的M個時刻中，每個時刻會發(fā)生以下三種類型的事件之一：

地圖的某個點上出現(xiàn)了異象石（已經(jīng)出現(xiàn)的不會再次出現(xiàn)）；

地圖某個點上的異象石被摧毀（不會摧毀沒有異象石的點）；

向玩家詢問使所有異象石所在的點連通的邊集的總長度最小是多少。

請你作為玩家回答這些問題。

輸入格式

第一行有一個整數(shù)N，表示點的個數(shù)。

接下來N-1行每行三個整數(shù)x,y,z，表示點x和y之間有一條長度為z的雙向邊。

第N+1行有一個正整數(shù)M。

接下來M行每行是一個事件，事件是以下三種格式之一：

+ x??? 表示點x上出現(xiàn)了異象石

- x表示點x上的異象石被摧毀

?表示詢問使當(dāng)前所有異象石所在的點連通所需的邊集的總長度最小是多少。

輸出格式

對于每個 ?事件，輸出一個整數(shù)表示答案。

樣例輸入

6

1 2 1

1 3 5

4 1 7

4 5 3

6 4 2

10

+ 3

+ 1

?

+ 6

?

+ 5

?

- 6

- 3

?

樣例輸出

5

14

17

10

數(shù)據(jù)范圍與約定

對于30%的數(shù)據(jù)，1?≤?n, m?≤?1000。

對于另20%的數(shù)據(jù)，地圖是一條鏈，或者一朵菊花。

對于100%的數(shù)據(jù)，1?≤?n, m?≤?10^5, 1?≤?x, y?≤?n, x?≠?y, 1?≤?z?≤?10^9。

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#include<cstdio> #include<set> #define MN 100000 #define MD 17 using namespace std; #define O(a) freopen(a".in","r",stdin);freopen(a".out","w",stdout); #define ct register int #define f(i,c) for(ct i=1;i<=c;i++) #define I set<int>::iterator #define ll long long int read(){ct f=1,x=0;char c=getchar();for(;c<'0'||c>'9';c=getchar())if(c=='-')f=-1;for(;'0'<=c&&c<='9';c=getchar())x=(x<<1)+(x<<3)+(c^48);return x*f;} char st[5];set<int> s; int n,m,head[MN+5],cnt=0,fa[MD+1][MN+5],dfn[MN+5],p[MN+5],D[MN+5],dn=0; long long ans=0,dep[MN+5]; struct edge{int to,next,w;}e[MN*2+5]; inline void ins(int f,int t,int w){e[++cnt]=(edge){t,head[f],w};head[f]=cnt;e[++cnt]=(edge){f,head[t],w};head[t]=cnt; } void Pre(int x,int f){dfn[x]=++dn;p[dn]=x;fa[0][x]=f;for(int i=head[x];i;i=e[i].next)if(e[i].to!=f) D[e[i].to]=D[x]+1,dep[e[i].to]=dep[x]+e[i].w,Pre(e[i].to,x);} int lca(int x,int y){if(D[x]<D[y])swap(x,y);for(int k=D[x]-D[y],j=0;k;k>>=1,++j)if(k&1)x=fa[j][x];if(x==y)return x;for(int i=MD;~i;--i)if(fa[i][x]!=fa[i][y])x=fa[i][x],y=fa[i][y];return fa[0][x];} long long dis(int x,int y){x=p[x];y=p[y];return dep[x]+dep[y]-2*dep[lca(x,y)];} int main(){O("stone");n=read();for(int i=1,j,k;i<n;++i) j=read(),k=read(),ins(j,k,read());Pre(1,0);f(i,MD)f(j,n)fa[i][j]=fa[i-1][fa[i-1][j]];m=read();for(int i=1,j=0;i<=m;++i){scanf("%s",st+1);if(st[1]=='?')printf("%lld\n",ans>>1);else if(st[1]=='+'){int x=dfn[read()];s.insert(x);if(++j==1) {ans=0;continue;}I it2,it=s.lower_bound(x);int pre,aft;it==s.begin()?pre=*--(it2=s.end()):pre=*--(it2=it);++(it2=it)==s.end()?aft=*s.begin():aft=*it2;ans+=dis(pre,x)+dis(x,aft)-dis(pre,aft);}else if(st[1]=='-'){int x=dfn[read()];if(--j<=1){ans=0;s.erase(s.find(x));continue;}I it=s.lower_bound(x),it2;int pre,aft;if(it==s.begin()) pre=*--(it2=s.end()); else pre=*--(it2=it);if(++(it2=it)==s.end()) aft=*s.begin();else aft=*it2;ans-=dis(pre,x)+dis(x,aft)-dis(pre,aft);s.erase(it);}}return 0;}

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序列變換

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題目描述

給定一個長度為N的數(shù)列Ai。

你可以對數(shù)列進(jìn)行若干次操作，每次操作可以從數(shù)列中任選一個數(shù)，把它移動到數(shù)列的開頭或者結(jié)尾。

求最少經(jīng)過多少次操作，可以把數(shù)列變成單調(diào)不減的。“單調(diào)不減”意味著數(shù)列中的任意一個數(shù)都不大于排在它后邊的數(shù)。

輸入格式

第一行是一個正整數(shù)N。

第二行是N個正整數(shù)Ai。

輸出格式

輸出一個整數(shù)，表示最少需要的操作次數(shù)。

樣例輸入

5

6 3 7 8 6

樣例輸出

2

數(shù)據(jù)范圍與約定

對于30%的數(shù)據(jù)，滿足1≤n≤10。

對于60% 的數(shù)據(jù)，滿足1≤n≤1000。

對于100% 的數(shù)據(jù)，滿足1≤n≤1000000，1≤Ai≤1000000。

?

#include<cstdio> #include<algorithm> #include<vector> #define O(a) freopen(a".in","r",stdin);freopen(a".out","w",stdout); #define f(a,b,c,d) for(int a=b;a-d!=c;a+=d) using namespace std; int n,m,ans,l,r; int a[1000001],q[1000001]; vector<int> b[1000001]; int main(){O("change");scanf("%d",&n);f(i,1,n,1)scanf("%d",&a[i]),b[a[i]].push_back(i),m=max(m,a[i]);l=1;r=0;f(i,1,m,1){reverse(b[i].begin(), b[i].end());f(j,0,b[i].size()-1,1){int k=b[i][j];while(l<=r&&q[r]>k){while(l<r&&a[q[l]]<a[q[r]]) l++;r--;}ans=max(ans,r-l+2+j);}for(int j=b[i].size()-1;j>=0;j--)q[++r]=b[i][j];}printf("%d",n-ans);return 0;}

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轉(zhuǎn)載于:https://www.cnblogs.com/muzu/p/7744363.html

總結(jié)

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