http://codeforces.com/problemset/problem/1073/C

題意：起始點(diǎn)為（0，0），給一段n長度的操作序列，求出在這序列中最小的需要改變的區(qū)間長度，能使它從（0，0）到（x，y）。

題解：先對(duì)x，y都做一下預(yù)處理求前綴和，即原始指令字符串對(duì)x,y的改變所作出的貢獻(xiàn)。二分區(qū)間長度，并檢查這個(gè)長度是否能夠滿足題意，利用前綴和計(jì)算出理論上該區(qū)間x,y恰好所需的改變，然后怎樣算滿足題意呢？首先需要理論上所需的貢獻(xiàn)值小于等于這個(gè)區(qū)間的長度，其次，區(qū)間t=長度-理論值應(yīng)該是個(gè)偶數(shù)，因?yàn)閠顯然是多余的，所以剩下位的字符如果是偶數(shù)，那么就可以讓其走的路程兩兩抵消，從而達(dá)到剛好到達(dá)終點(diǎn)的效果。

/* *@Author: STZG *@Language: C++ */ #include <bits/stdc++.h> #include<iostream> #include<algorithm> #include<cstdlib> #include<cstring> #include<cstdio> #include<string> #include<vector> #include<bitset> #include<queue> #include<deque> #include<stack> #include<cmath> #include<list> #include<map> #include<set> //#define DEBUG #define RI register int #define endl "\n" using namespace std; typedef long long ll; //typedef __int128 lll; const int N=200000+10; const int M=100000+10; const int MOD=1e9+7; const double PI = acos(-1.0); const double EXP = 1E-8; const int INF = 0x3f3f3f3f; int t,n,m,k,p,x,y,l,r; int ans,cnt,flag,temp,sum; int a[2][N]; char str[N]; struct node{}; bool sloved(int mid){for(int i=1;i+mid-1<=n;i++){int l=i;int r=i+mid-1;int curx=a[0][l-1]+a[0][n]-a[0][r];int cury=a[1][l-1]+a[1][n]-a[1][r];int delta=abs(curx-y)+abs(cury-x);if(delta<=mid&&(mid-delta)%2==0)return true;}return false; } int main() { #ifdef DEBUGfreopen("input.in", "r", stdin);//freopen("output.out", "w", stdout); #endif//ios::sync_with_stdio(false);//cin.tie(0);//cout.tie(0);//scanf("%d",&t);//while(t--){scanf("%d",&n);scanf("%s",str+1);scanf("%d%d",&x,&y);if(n<abs(x)+abs(y)){cout<<-1<<endl;return 0;}for(int i=1;i<=n;i++){a[0][i]=a[0][i-1];a[1][i]=a[1][i-1];if(str[i]=='U')a[0][i]++;if(str[i]=='D')a[0][i]--;if(str[i]=='L')a[1][i]--;if(str[i]=='R')a[1][i]++;}l=0;r=n;ans=-1;while(l<=r){int mid=(l+r)>>1;if(sloved(mid)){ans=mid;r=mid-1;}else{l=mid+1;}}cout<<ans<<endl;//}#ifdef DEBUGprintf("Time cost : %lf s\n",(double)clock()/CLOCKS_PER_SEC); #endif//cout << "Hello world!" << endl;return 0; }

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總結(jié)

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