題意：有一道線性籬笆由N個連續的木板組成。有K個工人，你要叫他們給木板涂色。每個工人有3個參數：L 表示 這個工人可以涂的最大木板數目，S表示這個工人站在哪一塊木板，P表示這個工人每涂一個木板可以得到的錢。要注意的是，工人i可以選擇不涂任何木板，否則，他的涂色區域必須是連續的一段，并且S[i]必須包含在內。 最后還有，每塊木板只能被涂一次。?

解題思路：這是一道單調隊列優化dp的問題，首先狀態dp[i][j]表示第i個工人刷的最后一塊木板為j，注意：木板可刷可不刷，工人也可以不刷任何墻。之前我忘記了，所以狀態方程只寫對了一半：dp[i][j] = max(dp[i][j],dp[i-1][k] + (j-k)*p[i])，這里還有，dp[i][j] = max(dp[i][j],dp[i-1][j],dp[i][j-1]) //第i個人不刷，第j面墻不刷

這里的關鍵是如何優化方程，注意到dp[i][j]=max(dp[i-1][k]-k*p[i])+j*p[i]，可以直接維護dp[i-1][k]-k*p[i]的最大值即可，這里用到的就是單調隊列。

參考博客：http://www.cnblogs.com/proverbs/archive/2012/10/04/2711751.html

#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> using namespace std;struct Node {int l,p,s; }worker[105]; int n,k,dp[105][16005],q[16005]; int head,tail,l[105],r[105];bool cmp(Node a,Node b) {return a.s < b.s; }int main() {while(scanf("%d%d",&n,&k)!=EOF){for(int i = 1; i <= k; i++)scanf("%d%d%d",&worker[i].l,&worker[i].p,&worker[i].s); sort(worker+1,worker+1+k,cmp);for(int i = 1; i <= k; i++){l[i] = max(worker[i].s - worker[i].l,0);r[i] = min(worker[i].s + worker[i].l - 1,n);}memset(dp,0,sizeof(dp));for(int i = 1; i <= k; i++){for(int j = 0; j <= n; j++) dp[i][j] = dp[i-1][j]; //第i名工匠不刷任何墻head = tail = 0;for(int j = l[i]; j < worker[i].s; j++) //將dp[i-1]層的最優狀態存入單調隊列 {int tmp = dp[i-1][j] - j * worker[i].p;while(head < tail && dp[i-1][q[tail-1]] - q[tail-1]*worker[i].p <= tmp) tail--;q[tail++] = j;}for(int j = worker[i].s; j <= r[i]; j++){while(head < tail && j - q[head] > worker[i].l) head++; //彈出不在范圍內的元素dp[i][j] = max(dp[i][j-1],dp[i-1][j]);dp[i][j] = max(dp[i][j],dp[i-1][q[head]] + (j - q[head]) * worker[i].p);}for(int j = r[i] + 1; j <= n; j++)dp[i][j] = max(dp[i-1][j],dp[i][j-1]);}printf("%d\n",dp[k][n]);}return 0; }

總結

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