P1255 數(shù)樓梯

對(duì)于 100% 的數(shù)據(jù)，1≤N≤5000。

• 高精度斐波那契

#include <iostream> using namespace std;const int N = 5003;int len = 1; int f[N][N];int main() {int n; scanf("%d", &n);f[1][1] = 1; f[2][1] = 2;for (int i = 3; i <= n; i ++ ){for (int j = 1; j <= len; j ++ )f[i][j] = f[i - 1][j] + f[i - 2][j];for (int j = 1; j <= len; j ++ ){f[i][j + 1] += f[i][j] / 10;f[i][j] %= 10;if (f[i][len + 1]) len ++ ;}}for (int i = len; i; i -- ) printf("%d", f[n][i]); }

P1002 [NOIP2002 普及組] 過(guò)河卒

對(duì)于100% 的數(shù)據(jù)，1≤n,m≤20，0≤ 馬的坐標(biāo)≤20。

• 坐標(biāo)原點(diǎn)從0開(kāi)始，不方便，因此偏移加一
• 又發(fā)現(xiàn)馬涉及到的坐標(biāo)即使偏移1還是可能越界，因此，偏移2
• 關(guān)于馬，只要讓它的方案數(shù)為0即可，這樣即使轉(zhuǎn)移方程中涉及到了馬，也只是加了0

#include <iostream> using namespace std;const int N = 30;typedef long long ll;int dx[8] = {-2, -2, -1, 1, 2, 2, 1, -1}; int dy[8] = {-1, 1, 2, 2, 1, -1, -2, -2};ll f[N][N]; bool st[N][N];int main() {ios::sync_with_stdio(false); cin.tie(0); cout.tie(0);int bx, by, mx, my; cin >> bx >> by >> mx >> my;bx += 2, by += 2, mx += 2, my += 2;st[mx][my] = true;for (int i = 0; i < 8; i ++ ){int x = mx + dx[i], y = my + dy[i];st[x][y] = true;}f[2][2] = 1;for (int i = 2; i <= bx; i ++ )for (int j = 2; j <= by; j ++ ){if (i == 2 && j == 2) continue;if (st[i][j]) continue;f[i][j] = f[i - 1][j] + f[i][j - 1];}cout << f[bx][by]; }

P1044 [NOIP2003 普及組] 棧

輸入文件只含一個(gè)整數(shù) n（1≤n≤18）。

• 遞歸 / 記憶化搜索寫法 ：
  看數(shù)據(jù)dfs可能超時(shí)，因此想到記憶化搜索
  記憶化搜索，因此，定義一個(gè)二維數(shù)組f[i][j]表示隊(duì)列里還有i個(gè)數(shù)，棧里還有j個(gè)數(shù)，f[i][j]表示此時(shí)的情況數(shù)，自然，在f[i][j]有值的情況下就返回
  遞歸的邊界條件，隊(duì)列中沒(méi)有數(shù)了，就只剩這一種情況了，返回1
  如果棧空，不能彈出棧內(nèi)元素，只能進(jìn)棧一次；棧不空，此時(shí)可以出棧一次或者進(jìn)棧一次

#include <iostream> using namespace std;typedef long long ll;const int N = 20;ll f[N][N];ll dfs(int que, int stk) {if (f[que][stk]) return f[que][stk];if (!que) return 1;if (stk) f[que][stk] += dfs(que, stk - 1);f[que][stk] += dfs(que - 1, stk + 1);return f[que][stk]; }int main() {int n; scanf("%d", &n);printf("%lld", dfs(n, 0)); }

P1028 [NOIP2001 普及組] 數(shù)的計(jì)算

一個(gè)正整數(shù) n（n≤1000）。

• 打表方法 ：

#include <iostream> using namespace std;typedef long long ll;ll dfs(int u) {if (u == 1)ll tot = 1;for (int i = 1; i <= u / 2; ++ i) {tot += dfs(i);}return tot; }int main() {cout << "a[1001]={";for (int i = 1; i <= 1001; ++ i) {cout << dfs(i) << ',';}cout << "}"; } f[1] = 1 f[2] = f[1] + 1 f[3] = f[1] + 1 f[4] = f[1] + f[2] + 1 f[5] = f[1] + f[2] + 1 #include <iostream> using namespace std;typedef long long ll;const int N = 1010;ll f[N];int main() {int n;cin >> n;f[1] = 1;for (int i = 1; i <= n; ++ i) {f[i] = 1;for (int j = 1; j <= i / 2; ++ j) {f[i] += f[j];}}cout << f[n]; }

P1464 Function

保證輸入的數(shù)在[?9223372036854775808,9223372036854775807]之間，并且是整數(shù)。

• 用記憶化搜索的時(shí)候要注意下標(biāo)有沒(méi)有可能為負(fù)數(shù)
• 不要寫成 return f[a][b][c] = dfs(a - 1, b, c) + ... 的形式，return最后再寫

#include <iostream> using namespace std;typedef long long ll;ll f[25][25][25];ll dfs(ll a, ll b, ll c) {if (a <= 0 || b <= 0 || c <= 0) return 1;if (f[a][b][c]) return f[a][b][c];ll t;if (a > 20 || b > 20 || c > 20) t = dfs(20, 20, 20);else if (a < b && b < c) t = dfs(a, b, c - 1) + dfs(a, b - 1, c - 1) - dfs(a, b - 1, c);else t = dfs(a - 1, b, c) + dfs(a - 1, b - 1, c) + dfs(a - 1, b, c - 1) - dfs(a - 1, b - 1, c - 1);f[a][b][c] = t;return f[a][b][c]; }int main() {ll a, b, c;while (scanf("%lld%lld%lld", &a, &b, &c) == 3) {if (a == -1 && b == -1 && c == -1) break;printf("w(%lld, %lld, %lld) = ", a, b, c);if (a > 21) a = 21;if (b > 21) b = 21;if (c > 21) c = 21;printf("%lld\n", dfs(a, b, c));} }

P1928 外星密碼

對(duì)于 100%的數(shù)據(jù)：解壓后的字符串長(zhǎng)度在 20000 以內(nèi)，最多只有十重壓縮。
保證 有且僅有 數(shù)字字母和 [ 和 ]

• 多重壓縮，交給遞歸
• 特殊：以下代碼我在自己的編譯器（Xcode）上是無(wú)法運(yùn)行的，編譯器顯示函數(shù)中必須任何條件都有返回值，而這個(gè)代碼本身不滿足這個(gè)條件，由于題目數(shù)據(jù)保證必然有[和]，實(shí)際運(yùn)行沒(méi)有問(wèn)題

#include <iostream> using namespace std;string dfs() {char ch;string res = "", s = "";while (cin >> ch) {if (ch == '[') {int k;cin >> k;s = dfs();while (k -- ) {res += s;}} else if (ch == ']') {return res;} else {res += ch;}} }int main() {cout << dfs(); }

P2437 蜜蜂路線

對(duì)于100%的數(shù)據(jù)，M,N≤1000

• 高精度
• 答案是f[n - m + 1]，因?yàn)閺膍走到n相當(dāng)于從1走到n-m+1

#include <iostream> using namespace std;const int N = 1010;int f[N][N]; int len = 1;int main() {int m, n;cin >> m >> n;f[1][1] = 1;f[2][1] = 1;for (int i = 3; i <= n - m + 1; ++ i) {for (int j = 1; j <= len; ++ j) {f[i][j] = f[i - 1][j] + f[i - 2][j];}for (int j = 1; j <= len; ++ j) {f[i][j + 1] += f[i][j] / 10;f[i][j] %= 10;}if (f[i][len + 1]) len ++ ;}for (int i = len; i; i -- )cout << f[n - m + 1][i]; }

P1164 小A點(diǎn)菜

正數(shù)$a_i$可以有相同的數(shù)字，每個(gè)數(shù)字均在1000以內(nèi)；保證答案的范圍在int之內(nèi)。

• f[i][j]表示在考慮前i個(gè)物品的情況下，價(jià)格 恰好 是j的 方案數(shù)
• 轉(zhuǎn)移 ：
  1.買當(dāng)前這個(gè)，f[i][j] += f[i - 1][j - a[i]]
  2.不買當(dāng)前這個(gè)，f[i][j] += f[i - 1][j]
  3.其實(shí)還有一種情況，就是如果買當(dāng)前這個(gè)，且當(dāng)前這個(gè)的價(jià)格恰好等于j，而f[i][0]沒(méi)有被初始化就是0，實(shí)際上應(yīng)該+1的，因此，我們初始化所有的f[i][0]為1

#include <iostream> using namespace std;int f[110][10010]; int a[110];int main() {int n, m;cin >> n >> m;for (int i = 1; i <= n; ++ i)cin >> a[i];for (int i = 0; i <= n; ++ i) {f[i][0] = 1;}for (int i = 1; i <= n; ++ i) {for (int j = 1; j <= m; ++ j) {if (j >= a[i]) f[i][j] += f[i - 1][j - a[i]];f[i][j] += f[i - 1][j];}}cout << f[n][m]; }

• 由于每次f數(shù)組的第一維都只用到了i-1，因此可以給f數(shù)組降維，不要忘了第二重循環(huán)要倒著來(lái)

#include <iostream> using namespace std;int f[10010]; int a[110];int main() {int n, m;cin >> n >> m;for (int i = 1; i <= n; ++ i)cin >> a[i];f[0] = 1;for (int i = 1; i <= n; ++ i) {for (int j = m; j >= a[i]; -- j)f[j] += f[j - a[i]];}cout << f[m]; }

P1036 [NOIP2002 普及組] 選數(shù)

第一行兩個(gè)空格隔開(kāi)的整數(shù) n,k（1≤n≤20，k<n）

• 選擇k個(gè)數(shù)中每個(gè)數(shù)所填的數(shù)
• （100個(gè)數(shù)中選50個(gè)）去重 -> 不降原則（這道題不會(huì)選同一個(gè)數(shù)組，所以這里的 不降原則不能“平”）

#include <iostream> #include <cmath> using namespace std;bool is_prime(int x) {double t = sqrt(x);for (int i = 2; i <= t; ++ i) {if (x % i == 0)return false;}return true; }int a[25]; int n, k, ans;void dfs(int sel, int sum, int st) {if (sel == k + 1) {if (is_prime(sum))ans ++ ;return ;}for (int i = st; i <= n; ++ i) {dfs(sel + 1, sum + a[i], i + 1);}return ; }int main() {cin >> n >> k;for (int i = 1; i <= n; ++ i)cin >> a[i];dfs(1, 0, 1);cout << ans; }

P1990 覆蓋墻壁

一個(gè)整數(shù)N（1<=N<=1000000），表示墻壁的長(zhǎng)。

• 取后四位，也就是說(shuō)%1e4

#include <iostream> using namespace std;const int N = 1e6 + 10; const int mod = 1e4;int f[N], g[N];int main() {int n;cin >> n;f[0] = 1; f[1] = 1;g[0] = 0; g[1] = 1;for (int i = 2; i <= n; ++ i) {f[i] = ((f[i - 1] + f[i - 2]) % mod + 2 * g[i - 2] % mod) % mod;g[i] = f[i - 1] + g[i - 1] % mod;}cout << f[n]; }

P3612 [USACO17JAN]Secret Cow Code S

該字符串包含最多30個(gè)大寫字母，并 N$\le 10^{18}$

總結(jié)

以上是生活随笔為你收集整理的洛谷【算法1-4】递推与递归的全部?jī)?nèi)容，希望文章能夠幫你解決所遇到的問(wèn)題。

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