HDU 4832 Chess 排列组合 DP
生活随笔
收集整理的這篇文章主要介紹了
HDU 4832 Chess 排列组合 DP
小編覺得挺不錯的,現在分享給大家,幫大家做個參考.
Chess
Time Limit: 6000/3000 MS (Java/Others)????Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 351????Accepted Submission(s): 124
圖1 黃色部分為棋子所控制的范圍
小度覺得每次都是小良贏,沒意思。為了難倒小良,他想出了這樣一個問題:如果一開始“王”在(x0,y0)點,小良對“王”連續移動恰好K步,一共可以有多少種不同的移動方案?兩種方案相同,當且僅當它們的K次移動全部都是一樣的。也就是說,先向左再向右移動,和先向右再向左移動被認為是不同的方案。
小良被難倒了。你能寫程序解決這個問題嗎?
?
Input 輸入包括多組數據。輸入數據的第一行是一個整數T(T≤10),表示測試數據的組數。每組測試數據只包括一行,為五個整數N,M,K,x0,y0。(1≤N,M,K≤1000,1≤x0≤N,1≤y0≤M)
?
Output 對于第k組數據,第一行輸出Case #k:,第二行輸出所求的方案數。由于答案可能非常大,你只需要輸出結果對9999991取模之后的值即可。?
Sample Input 2 2 2 1 1 1 2 2 2 1 1?
Sample Output Case #1: 2 Case #2: 4?
Source 2014年百度之星程序設計大賽 - 初賽(第二輪) 題目分析: 最樸素的思想是每個點不斷向旁邊擴散,每個點第k次的方案數為sum(所有能到這個點的第(k-1)次所在的點的方案數之和),最終答案就是第k次所有點的方案數之和,復雜度大約是O(k*n*m),系數8,所以超時是定定的。 那么暴力不行我們應該怎么辦?可以將橫著走和豎著走拆開來考慮,因為這是互不影響的。設起點為(x0, y0),row[k][i]為第k步從起點走到縱坐標為 i 的方案數,col[k][i]為第k步從起點走到橫坐標為 i 的方案數那么從起點(x0,y0)到(x,y)走k步的方案數即sum(col[k - d][x] * row[d][y])(d <— 0~k)。將所有橫著走d步的方案累加得到cnt[0][d],所有豎著走d步的方案累加得到cnt[1][d],由排列組合可知,從橫著走選d步,從豎著走選k - d步的組合數為C(k,d)。那么答案就是sum(C(k,d))(d <— 0~k)。算法的時間復雜度大約為O(n * m),十分優秀了~。 由于狀態只于前一次有關,所以用了滾動數組優化,代碼如下: #include <stdio.h> #include <string.h> #define MS0(X) memset(X, 0, sizeof(X)) #define REP(i, a, b) for(int i = a; i <= b; ++i) typedef long long ll; const int O = 1005; const int mod = 9999991; int col[2][O], row[2][O], cnt[2][O], C[O][O], cur; int n, m, k, x, y, t, cas; void work(){scanf("%d%d%d%d%d", &n, &m, &k, &x, &y);MS0(col); MS0(row); MS0(cnt);cur = 0;col[0][y] = row[0][x] = cnt[0][0] = cnt[1][0] = 1;REP(i, 1, k){cur ^= 1;MS0(col[cur]); MS0(row[cur]);REP(j, 1, m){if(j - 2 >= 1) col[cur][j] += col[cur ^ 1][j - 2];if(j - 1 >= 1) col[cur][j] += col[cur ^ 1][j - 1];if(j + 1 <= m) col[cur][j] += col[cur ^ 1][j + 1];if(j + 2 <= m) col[cur][j] += col[cur ^ 1][j + 2];col[cur][j] %= mod;cnt[0][i] = (cnt[0][i] + col[cur][j]) % mod;}REP(j, 1, n){if(j - 2 >= 1) row[cur][j] += row[cur ^ 1][j - 2];if(j - 1 >= 1) row[cur][j] += row[cur ^ 1][j - 1];if(j + 1 <= n) row[cur][j] += row[cur ^ 1][j + 1];if(j + 2 <= n) row[cur][j] += row[cur ^ 1][j + 2];row[cur][j] %= mod;cnt[1][i] = (cnt[1][i] + row[cur][j]) % mod;}}ll ans = 0;REP(i, 0, k){ans = (ans + (((ll) cnt[0][i] * cnt[1][k - i]) % mod) * C[k][i]) % mod;}printf("%I64d\n", ans); } int main(){REP(i, 0, O - 1) C[i][0] = 1;REP(i, 1, O - 1) REP(j, 1, i) C[i][j] = (C[i - 1][j - 1] + C[i - 1][j]) % mod;for(scanf("%d", &t), cas = 1; cas <= t; ++cas){printf("Case #%d:\n", cas);work();}return 0; } HDU 4832?
轉載于:https://www.cnblogs.com/ac-luna/p/3754909.html
與50位技術專家面對面20年技術見證,附贈技術全景圖總結
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