前言

因為實力不濟，沒能通過網絡賽拿到晉級的名額，心情沉重，故作此文記錄本次網絡賽的點滴收獲。其中包含1001 ^ & ^、1006 Shuffle Card、1007 Windows Of CCPC、1008 Fishing Master的題解。

題解

1001 ^ & ^

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題目分析：
要找到使$(AxorC)$&$(BxorC)$ 的值最小，就是要使兩邊進行&運算時，對應二進制位數字都不同。然后我們可以這樣做：

當A, B對應位為1時，C的該位去1（因為1^1=0)

當A, B對應位為0時，C的該位去0（因為0^0=0)

當A, B對應位一個為0，一個為1時，C的該位取0和1都可以，為了取到最小的C，所以我們取0。

我們模擬上述過程最終發現規律C = A & B。

易錯提示：

• A和B的范圍都是有可能比int類型大的，所以應該用long long。
• 題面更改過一次，沒有及時刷新又會踩坑。
• 注意位運算符的優先級是非常低，比那些條件判斷的運算符還低，建議使用位運算符時多用括號。
  

代碼如下

#include <bits/stdc++.h>using namespace std; typedef long long ll; const int INF = 0x3f3f3f3f; const int maxn = 1e5 + 10; int T; ll a, b, ans, value;int main() {ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0); // freopen("t.txt", "r", stdin);cin >> T;while (T--) {cin >> a >> b;ans = a & b;value = (a ^ ans) & (b ^ ans);if ((ans == 0) && (value == 0))cout << "1" << endl;elsecout << ans << endl;}return 0; }

1006 Shuffle Card

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題目分析：
可以說這是一道簡單的模擬題：

• 當$a_i$被操作時，就將$a_i$放入一個棧中（也可以開數組來存，最后逆序訪問）
• 完成m次操作后，取出棧中所有的元素，如果取出來的數沒有被訪問過，就把它輸出并標記。
• 最后遍歷a數組，把上一步沒有訪問過的元素都輸出。

易錯提示：
神奇的人什么坑都能踩，如果循環中會改變棧中元素的數量，就不要將循環條件寫成下面這樣[捂臉]

for (int i = 0; i < s.size(); i++)

代碼如下

#include <bits/stdc++.h>using namespace std; typedef long long ll; const int INF = 0x3f3f3f3f; const int maxn = 1e5 + 10; int T, n, m, t; int a[maxn], vis[maxn]; stack<int> s;int main() {ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0); // freopen("t.txt", "r", stdin);cin >> n >> m;for (int i = 0; i < n; i++)cin >> a[i];for (int i = 0; i < m; i++) {cin >> t;s.push(t);}while (!s.empty()) {t = s.top();s.pop();if (!vis[t]) {cout << t << " ";vis[t] = 1;}}for (int i = 0; i < n; i++) {if (!vis[a[i]])cout << a[i] << " ";}return 0; }

1007 Windows Of CCPC

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題目分析
通過觀察很容易發現規律，將$2^k?2^k$平均分成4塊，每塊的大小是$2^{k?1}?2^{k?1}$。而第2，4塊與第1塊相同，第3塊和第1塊相反（若第1塊某位置為’C’，則第3塊對應位置為’P’；反之同理）。于是，我們就可以利用遞推關系進行打表，再根據每一次詢問輸出就可以了。

代碼如下

#include <bits/stdc++.h>using namespace std; typedef long long ll; const int INF = 0x3f3f3f3f; const int maxn = 1024 + 10; int T, k, str[maxn][maxn]; int t, tt;void init() {memset(str, 0, sizeof(str));str[1][1] = 1;for (int i = 1; i <= 10; i++) {t = 1 << (i - 1);tt = 1 << i;for (int j = 1; j <=t; j++) {for (int k = t + 1; k <=tt; k++)str[j][k] = str[j][k - t];}for (int j = t + 1; j <= tt; j++) {for (int k = t + 1; k <= tt; k++)str[j][k] = str[j - t][k];for (int k = 1; k <= t; k++)str[j][k] = (!str[j][k + t]);}} }int main() {ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0);// freopen("t.txt", "r", stdin);cin >> T;init();while (T--) {cin >> k;for (int i = 1; i <= (1 << k); i++) {for (int j = 1; j <= (1 << k); j++)if (str[i][j]) putchar('C');else putchar('P');putchar('\n');}}return 0; }

1008 Fishing Master

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題目分析：
大家都很明確這道題是用貪心法來做，做錯的一般都是沒有找到正確的貪心策略（包括我）。如果你一直在感覺正確和提交上去就WA之間徘徊，就可以會發現這道題的核心就是：判斷抓到一條魚之后，是等待上一條魚煮網，還是去抓下一條魚。

想破頭后得到：

• 如果煮魚時間$t_i$小于k，可以對小于k的$t_i$進行降序排序，優先煮花費時間比較長的魚。這樣就可以使最后等待煮魚的時間盡可能少。
• 如果煮魚時間$t_i$大于k，那就需要用$(t_i/k)?k$（除的結果需要向下取余）的時間去抓魚，盡可能不去等待，剩下的$t_i?(t_i/k)?k$就當成小于k的來處理就可以了。

代碼如下

#include <bits/stdc++.h>using namespace std; typedef long long ll; const int INF = 0x3f3f3f3f; const int maxn = 1e5 + 10; int T, n, k, t[maxn]; ll ans, cnt, temp;int main() {ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0);// freopen("t.txt", "r", stdin);cin >> T;while (T--) {cin >> n >> k;cnt = 0, ans = k; //cnt表示可以不用等待直接去抓魚的次數，ans表示總耗時for (int i = 0; i < n ; i++){cin >> temp;t[i] = temp % k; //只保留小于t[i]-(t[i]/k)*k部分，小于kcnt += temp / k; }sort(t, t + n, greater<int>()); //降序排序（從大到小）if (cnt >= n) { //如果可以不用等待直接去抓魚的次數大于捕魚數ans += cnt * k; //多出來部分可以直接算抓完所有魚后，等待煮魚的部分（原本就是煮魚的時間）for (int i = 0; i < n; i++)ans += t[i];} else {ans += (ll)(n - 1) * k; //因為總共的抓魚時間就是n*kfor (int i = n - cnt - 1; i < n; i++)ans += t[i];}cout << ans <<endl;}return 0; }

總結

真的很不甘心，幾乎是流著淚寫完這篇博客的。作為1008的主碼成員，我為自己沒有遲遲沒有找到適當的策略感到痛心。在比賽中也暴露了團隊的一些問題：

• 算法水平不足，像題解中寫道的主席數，后綴自動機，杜教篩……等算法都還沒有過接觸，還是要注意提高算法學習的廣度。
• 團隊配合嚴重不足，因為沒有聚在一起打，隊友協作少，沒能體現團隊的優勢。
• 進行沒有必要的死磕，如果做不出來應該讓給隊友做，或者跟隊友講思路讓隊友幫忙debug，隊友遇到困難可以幫忙出數據找問題。

繩鋸木斷，水滴石穿。
如履薄冰，如臨深淵。

總結

以上是生活随笔為你收集整理的2019CCPC网络选拔赛签到题题解的全部內容，希望文章能夠幫你解決所遇到的問題。

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