大水題一個(gè)，然而由于兩顆線段樹的陰影我死了……

算法一：對(duì)于50%的數(shù)據(jù)：?送分，直接一個(gè)一個(gè)乘，時(shí)間復(fù)雜度O(KN)。

算法二：對(duì)于80%的數(shù)據(jù)：如果我們不一個(gè)一個(gè)乘，將第i行的和乘x ,第j列的和乘y ,所計(jì)算出的結(jié)果與正解不同的地方僅僅是（i,j）這一個(gè)元素。而這樣的數(shù)不足K²個(gè)。所以我們把這些元素單獨(dú)計(jì)算一遍就可以了，時(shí)間復(fù)雜度O（K²）。

算法三：對(duì)于100%的數(shù)據(jù)：設(shè)h[i]為第i行總共乘的數(shù),l[j]表示第j列總共乘的數(shù)，根據(jù)題意map[i][j]=(i-1)*m+j,顯然最后$ans=\sum\limits_{i=1}^{n} \sum \limits_{j=1}^{m} h[i]*l[j]*((i-1)*m+j)$,這樣復(fù)雜度是O（nm）的，再把求和拆一下，ans=$\sum\limits_{i=1}^{n}$ h[i]*(∑l[j]*j)+$\sum\limits_{j=1}^{m}$ l[j]*(∑h[i]*(i-1)*m)這樣復(fù)雜度就是O（m+n）的了。

1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #define LL long long 4 #define MAXN 1000010 5 #define mod 1000000007 6 using namespace std; 7 LL h[MAXN],l[MAXN]; 8 int n,m,k; 9 char op;int x,y; 10 LL lj_j[MAXN],hi_i[MAXN]; 11 signed main() 12 { 13 cin>>n>>m>>k; 14 for(int j=1;j<=m;j++)l[j]=1; 15 for(int i=1;i<=n;i++)h[i]=1; 16 for(int i=1;i<=k;i++) 17 { 18 cin>>op>>x>>y; 19 if(op=='R')h[x]=h[x]*y%mod; 20 else l[x]=l[x]*y%mod; 21 } 22 LL sumj=0,sumi=0; 23 for(int j=1;j<=m;j++)lj_j[j]=l[j]*j%mod,sumj=(sumj+lj_j[j])%mod; 24 for(int i=1;i<=n;i++)hi_i[i]=h[i]*(i-1)%mod*m%mod,sumi=(sumi+hi_i[i])%mod; 25 LL ans=0; 26 for(int i=1;i<=n;i++)ans=(ans+h[i]*sumj)%mod; 27 for(int j=1;j<=m;j++)ans=(ans+l[j]*sumi)%mod; 28 printf("%lld\n",ans); 29 } View Code

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總結(jié)

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