題目描述?Description

【問題描述】
設 T=(V, E, W) 是一個無圈且連通的無向圖（也稱為無根樹），每條邊帶有正整數的權，我
們稱T 為樹網（treenetwork），其中V, E分別表示結點與邊的集合，W 表示各邊長度的集合，
并設T 有n個結點。
路徑：樹網中任何兩結點a,b 都存在唯一的一條簡單路徑，用d(a,b)表示以a,b 為端點的
路徑的長度，它是該路徑上各邊長度之和。我們稱d(a,b)為a,b 兩結點間的距離。
一點v到一條路徑P的距離為該點與P 上的最近的結點的距離：
d(v，P)=min{d(v，u)，u 為路徑P 上的結點}。
樹網的直徑：樹網中最長的路徑稱為樹網的直徑。對于給定的樹網T，直徑不一定是唯一的，
但可以證明：各直徑的中點（不一定恰好是某個結點，可能在某條邊的內部）是唯一的，我們稱該
點為樹網的中心。
偏心距 ECC(F)：樹網T 中距路徑F 最遠的結點到路徑F 的距離，即
ECC(F ) = max{d(v, F ), v?V}。
任務：對于給定的樹網T=(V, E,W)和非負整數s，求一個路徑F，它是某直徑上的一段路徑
（該路徑兩端均為樹網中的結點），其長度不超過s（可以等于s），使偏心距ECC(F)最小。我們
稱這個路徑為樹網T=(V,E,W)的核（Core）。必要時，F 可以退化為某個結點。一般來說，在上
述定義下，核不一定只有一個，但最小偏心距是唯一的。
下面的圖給出了樹網的一個實例。圖中，A-B 與A-C是兩條直徑，長度均為20。點W是樹網
的中心，EF邊的長度為5。如果指定s=11，則樹網的核為路徑DEFG（也可以取為路徑DEF），偏
心距為8。如果指定s=0（或s=1、s=2），則樹網的核為結點F，偏心距為12。

輸入描述?Input Description

第1 行，兩個正整數n和s，中間用一個空格隔開。其中n 為樹網結點的個數，s為樹網的核
的長度的上界。設結點編號依次為1, 2, ..., n。
從第2 行到第n行，每行給出3 個用空格隔開的正整數，依次表示每一條邊的兩個端點編號和
長度。例如，“2 4 7”表示連接結點2 與4 的邊的長度為7。

所給的數據都是正確的，不必檢驗。

輸出描述?Output Description

輸出只有一個非負整數，為指定意義下的最小偏心距

樣例輸入?Sample Input

【輸入樣例1】
5 2
1 2 5
2 3 2
2 4 4
2 5 3

【輸入樣例2】
8 6
1 3 2
2 3 2
3 4 6
4 5 3
4 6 4
4 7 2
7 8 3

樣例輸出?Sample Output

【輸出樣例1】

5

【輸出樣例1】

5

數據范圍及提示?Data Size & Hint

【限制】
40%的數據滿足：5<=n<=15
70%的數據滿足：5<=n<=80
100%的數據滿足：5<=n<=300, 0<=s<=1000。邊長度為不超過1000 的正整數

/*數據不大，所以按照題目要求去做就行了先floyed預處理出兩點間的距離，然后dfs求出直徑，最后搜索直徑上的每條路徑（很明顯在小于s的情況下越長越好），用每條路徑中的答案更新ans 。 */ #include<cstdio> #include<iostream> #include<cstring> #define INF 100000000 #define M 310 using namespace std; int head[M],dis[M][M],a[M],vis[M],n,s,ans=INF; int cnt,maxn; struct node {int v,pre,t; };node e[M*2]; struct Node {int lu[M],len; };Node zh[M]; void add(int i,int x,int y,int z) {e[i].v=y;e[i].t=z;e[i].pre=head[x];head[x]=i; } void floyed() {for(int k=1;k<=n;k++)for(int i=1;i<=n;i++)for(int j=1;j<=n;j++)if(i!=j&&i!=k&&j!=k)dis[i][j]=min(dis[i][j],dis[i][k]+dis[k][j]); } void find(int x,int t,int Dis) {for(int i=head[x];i;i=e[i].pre)if(!vis[e[i].v]){vis[e[i].v]=1;a[t]=e[i].v;find(e[i].v,t+1,Dis+e[i].t);vis[e[i].v]=0;}if(Dis>=maxn){if(Dis>maxn)cnt=1,maxn=Dis;else cnt++;zh[cnt].len=t;for(int i=1;i<=t;i++)zh[cnt].lu[i]=a[i];} } void check(int t) {int ecc=0;for(int i=1;i<=n;i++)if(!vis[i]){int p=INF;for(int j=1;j<=t;j++)p=min(p,dis[i][a[j]]);ecc=max(p,ecc);}ans=min(ans,ecc); } void dfs(int i,int j,int t,int Dis) {if(j==zh[i].len){check(t);return;}if(Dis+dis[zh[i].lu[j]][zh[i].lu[j+1]]>s){check(t-1);return;}if(j<zh[i].len){vis[zh[i].lu[j+1]]=1;a[t]=zh[i].lu[j+1];dfs(i,j+1,t+1,Dis+dis[zh[i].lu[j]][zh[i].lu[j+1]]);} } int main() {memset(dis,0x3f3f3f3f,sizeof(dis));scanf("%d%d",&n,&s);for(int i=1;i<n;i++){int x,y,z;scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);add(i*2-1,x,y,z);add(i*2,y,x,z);dis[x][y]=dis[y][x]=z;}floyed();//求兩點間距離 for(int i=1;i<=n;i++)//找出直徑 {memset(vis,0,sizeof(vis));vis[i]=1;a[1]=i;find(i,2,0);}for(int i=1;i<=cnt;i++)//搜索直徑上的每條路徑 {for(int j=1;j<=zh[i].len;j++){memset(vis,0,sizeof(vis));vis[zh[i].lu[j]]=1;a[1]=zh[i].lu[j];dfs(i,j,2,0);}}printf("%d",ans);return 0; } View Code

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總結

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