寫了三個題結果C fst了O.0

A - Boboniu Likes to Color Balls

回文串，最多有球是一個奇數個。

#define IO ios::sync_with_stdio(false);cin.tie();cout.tie(0) #include<cstdio> #include<iostream> #include<algorithm> using namespace std; int main() {IO;int T;cin>>T;while(T--){int a,b,c,d;cin>>a>>b>>c>>d;int cnt=(a&1)+(b&1)+(c&1)+(d&1);if(cnt==0||cnt==1||cnt==4) cout<<"Yes"<<endl;//如果全是4個奇數可以用rgb換一個w，那么就變成全是偶數個else if(cnt==2) cout<<"No"<<endl;else{if(a*b*c) cout<<"Yes"<<endl;else cout<<"No"<<endl;//說明rgb中有球的個數是0 不能換球}}return 0; }

B - Boboniu Plays Chess

直接模擬，一行一行走，先走完最初所在的行，然后從第一行開始S型走

#define IO ios::sync_with_stdio(false);cin.tie();cout.tie(0) #include<cstdio> #include<iostream> #include<algorithm> using namespace std; const int N=210; int n,m; int u,v; bool st[N]; int main() {IO;cin>>n>>m;cin>>u>>v;cout<<u<<" "<<v<<endl;st[u]=1;for(int i=1;i<=m;i++)if(i!=v) cout<<u<<" "<<i<<endl;int v=m;for(int i=1;i<=n;i++){if(st[i]) continue;st[i]=1;if(v==m) {for(int j=m;j;j--)cout<<i<<" "<<j<<endl;v=1;}else{for(int j=1;j<=m;j++)cout<<i<<" "<<j<<endl;v=m;}}return 0; }

C - Boboniu and Bit Operations

貪心的取$c_i$最小最終OR最小不正確。如果某一位必須是1，那么其他$c_i$的該位是否為1就不重要了。
最開始想用trie樹實現貪心$c_i$，結果后來一想不正確，就隨便寫了個dp沒想的過了???（結果還是被FST
原因還是上述貪心方法不正確。

FST代碼——$O(n^3)$

#define IO ios::sync_with_stdio(false);cin.tie();cout.tie(0) #include<cstdio> #include<iostream> #include<cstring> #include<algorithm> using namespace std; const int N=210; int a[N],b[N]; int n,m; int f[N][N]; int main() {IO;cin>>n>>m;for(int i=1;i<=n;i++) cin>>a[i];for(int i=1;i<=m;i++) cin>>b[i];memset(f,0x3f,sizeof f);for(int i=1;i<=m;i++) f[0][i]=0;for(int i=1;i<=n;i++)for(int j=1;j<=m;j++)for(int k=1;k<=j;k++) f[i][j]=min(f[i][j],f[i-1][j]|(a[i]&b[k]));cout<<f[n][m]<<endl;return 0; }

正解是枚舉答案。我也想過枚舉答案可是不知道怎么判斷答案是否復合tcl。
如果枚舉答案$k$，那么對于每一個$a_i$都能找一個$b_j$使得a[i]&b[j]二進制中1出現的位置答案中必須也出現，即(a[i]&b[j])|k==k，一一判斷即可

正解——$O(2^{9}nm)$

#define IO ios::sync_with_stdio(false);cin.tie();cout.tie(0) #include<iostream> #include<algorithm> using namespace std; typedef pair<int,int> pii; typedef long long ll; const int N=210; int a[N],b[N]; int n,m; int main() {IO;cin>>n>>m;for(int i=1;i<=n;i++) cin>>a[i];for(int i=1;i<=m;i++) cin>>b[i];for(int k=0;k<1<<9;k++){bool ok1=1;for(int i=1;i<=n;i++){bool ok2=0;for(int j=1;j<=m;j++)if(((a[i]&b[j])|k)==k){ok2=1;break;}if(!ok2){ok1=0;break;}}if(ok1) return cout<<k<<'\n',0;} }

D - Boboniu Chats with Du

復制數組！！！
分析題目可以簡化成如果$a_i<=m$那么代價是$1$，如果$a_i>m$代價是$d+1$很明顯是一個01背包，不過數據范圍。。。
從集合角度考慮：不妨讓小于等于m的放在a[]數組并逆序，大于m放在b[]數組同樣逆序，最終的答案一定是a[]數組選出前i個，從b[]數組選出前j個。因此我們可以枚舉從b[]數組選擇了多少個，然后剩余的從a[]數組選即可。

#define IO ios::sync_with_stdio(false);cin.tie();cout.tie(0) #include<iostream> #include<algorithm> using namespace std; typedef pair<int,int> pii; typedef long long ll; const int N=100010; ll a[N],b[N]; int cnta,cntb; int n,d; ll m; int main() {IO;cin>>n>>d>>m;for(int i=1;i<=n;i++){ll x;cin>>x;if(x>m) b[++cntb]=x;else a[++cnta]=x;}sort(a+1,a+1+cnta);sort(b+1,b+1+cntb);reverse(a+1,a+1+cnta);reverse(b+1,b+1+cntb);for(int i=1;i<=cnta;i++) a[i]+=a[i-1];for(int i=cnta+1;i<=n;i++) a[i]=a[i-1];//這個地方非常dt 需要賦值一份for(int i=1;i<=cntb;i++) b[i]+=b[i-1];ll res=0;int cntm=min(cntb,(n+d)/(d+1));for(int k=0;k<=cntm;k++){//如果不進行上述復制操作 如果n-(d+1)*(k-1)-1>cnt a[n-(d+1)*(k-1)-1]=0 理論應該是所有a[cnta]ll now=b[k];if(k) now+=a[n-(d+1)*(k-1)-1];//如果不進行上述復制那么now+=a[min(cnta,n-(d+1)*(k-1)-1]else now+=a[n];//now+=a[cnta]res=max(res,now);}cout<<res<<endl;return 0; }

emm~~看E群里面討論的很難 隨緣補吧。要加油哦！

總結

以上是生活随笔為你收集整理的Codeforces Round #664 (Div. 2)的全部內容，希望文章能夠幫你解決所遇到的問題。

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