前20分鐘做題，后面看題，二題戰士，賽后補題www

A - Permutation Forgery

直接逆序輸出即可

#define IO ios::sync_with_stdio(false);cin.tie();cout.tie(0) #pragma GCC optimize(2) #include<iostream> #include<algorithm> using namespace std; int n; int a[110]; int main() {IO;int T;cin>>T;while(T--){cin>>n;for(int i=0;i<n;i++) cin>>a[i];reverse(a,a+n);for(int i=0;i<n;i++) cout<<a[i]<<' ';cout<<endl;}return 0; }

B - Array Cancellation

考慮一個數組中的一個負數，如何至少花費多少代價變為0。
如果前面沒有正數必須要花費硬幣，否則就和前面的正數抵消。對于花費硬幣就和最后面的正數抵消，維護前綴和瞎搞一下即可。

#define IO ios::sync_with_stdio(false);cin.tie();cout.tie(0) #pragma GCC optimize(2) #include<iostream> #include<algorithm> using namespace std; typedef long long ll; const int N=100010; int n; ll a[N]; ll s[N]; int main() {IO;int T;cin>>T;while(T--){cin>>n;for(int i=1;i<=n;i++) cin>>a[i];for(int i=1;i<=n;i++) s[i]=s[i-1]+a[i];ll res=0;for(int i=1;i<=n;i++)if(a[i]<0) res-=min(0ll,s[i-1]+res+a[i]);cout<<res<<endl;}return 0; }

C - Balanced Bitstring

這題一直沒想出來，賽后看題解也想了一會兒，我好菜啊
考慮對于長度為$k$的窗口在原串上移動，移動的過程中最前面的字符被彈出窗口$s[i]$，新加入一個字符$s[i+k]$，如果要保證窗口內$1$的數量和$0$的數量不變，那么必須滿足$s[i]=s[i+k]$，如果上述條件滿足能夠保證所有長度為$k$的子串$1$的數量和$0$的數量相等，在只需判斷第一個窗口內$1$的個數和$0$的個數是否不大于$\frac{k}{2}$即可

#define IO ios::sync_with_stdio(false);cin.tie();cout.tie(0) #pragma GCC optimize(2) #include<iostream> #include<algorithm> using namespace std; const int N=300010; int n,k; int a[N]; int main() {IO;int T;cin>>T;while(T--){cin>>n>>k;for(int i=0;i<=n;i++) a[i]=-1;string s;cin>>s;bool ok=1;for(int i=0;i<n;i++){int j=i%k;if(s[i]=='?') continue;else{if(a[j]==-1)a[j]=s[i]-'0';else{if(a[j]!=s[i]-'0')ok=0;}}}if(ok){int cnt0=0,cnt1=0;for(int i=0;i<k;i++) cnt0+=a[i]==0,cnt1+=a[i]==1;if(cnt0>k/2||cnt1>k/2) ok=0;}if(ok) cout<<"YES"<<endl;else cout<<"NO"<<endl;}return 0; }

D - Tree Tag

Bob想要贏的充要條件
① 最初的$dist(a,b)>da$
如果不滿足，第一步直接就可以到b所在的點
② 樹的直徑$>2\times da$
如果不滿足，a可以想辦法跳到樹的中心，然后就在一步之內到達任意點
③ $db>2\times da$
如果不滿足，每次a想辦法與b保持da的距離，那么b一定不斷遠離a，知道不能遠離的時候就不能跳出范圍，然后就輸了。
這也太難想了吧，想出來的都是神仙

#define IO ios::sync_with_stdio(false);cin.tie();cout.tie(0) #pragma GCC optimize(2) #include<iostream> #include<algorithm> using namespace std; typedef long long ll; typedef pair<ll,ll> pll; const int N=100010; int n,a,b,da,db; int h[N],e[N*2],ne[N*2],idx; int dep[N]; int dlen; void add(int a,int b) {e[idx]=b;ne[idx]=h[a];h[a]=idx++; } int dfs1(int u,int fa)//樹的直徑 {int d1=0,d2=0;for(int i=h[u];i!=-1;i=ne[i]){int j=e[i];if(j==fa) continue;int d=1+dfs1(j,u);if(d>d1) d2=d1,d1=d;else if(d>d2) d2=d;}dlen=max(dlen,d1+d2);return d1; } void dfs2(int u,int fa)//求初始的dist(a,b) {dep[u]=dep[fa]+1;for(int i=h[u];i!=-1;i=ne[i]){int j=e[i];if(j==fa) continue;dfs2(j,u);} } int main() {IO;int T;cin>>T;while(T--){cin>>n>>a>>b>>da>>db;for(int i=1;i<=n;i++) h[i]=-1,dep[i]=0;idx=0;dlen=0;for(int i=1;i<n;i++) {int a,b;cin>>a>>b;add(a,b),add(b,a);}dfs1(1,0);dfs2(a,0);int dist=dep[b]-dep[a];if(dist>da&&dlen>2*da&&db>2*da) cout<<"Bob"<<endl;else cout<<"Alice"<<endl;}return 0; }

要加油哦~

總結

以上是生活随笔為你收集整理的Codeforces Round #668 (Div. 2)的全部內容，希望文章能夠幫你解決所遇到的問題。

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