“樓下一個男人病得要死，那間隔壁的一家唱著留聲機，對面是弄孩子。樓上有兩人狂笑；還有打牌聲。河中的船上有女人哭著她死去的母親。人類的悲歡并不相通，我只覺得他們吵鬧?！?/p>

A - XORwice

把a和b看成二進制數處理，不難發現只要a，b某位都是1我們就有辦法把它消掉，否則答案該位一定是a+b（0，1）該位的值

#define IO ios::sync_with_stdio(false);cin.tie();cout.tie(0) #pragma GCC optimize(2) #include<set> #include<map> #include<cmath> #include<queue> #include<string> #include<vector> #include<cstdio> #include<cstring> #include<iostream> #include<algorithm> #include<unordered_map> using namespace std; typedef long long ll; typedef pair<int,int> pii; int main() {IO;int T=1;cin>>T;while(T--){int a,b;cin>>a>>b;int res=0;for(int i=30;i>=0;i--)if(!(a>>i&1)&&(b>>i&1)||(a>>i&1)&&!(b>>i&1)) res+=1<<i;cout<<res<<'\n';}return 0; }

B - Putting Bricks in the Wall

我們只要讓g[1][2]和g[2][1]的值相等并且不等于g[n][n-1]和g[n-1][n]的值即可，最多操作3步。

懶得想了，直接枚舉($2^4=16$)，應該有更好寫的寫法。

#define IO ios::sync_with_stdio(false);cin.tie();cout.tie(0) #pragma GCC optimize(2) #include<set> #include<map> #include<cmath> #include<queue> #include<string> #include<vector> #include<cstdio> #include<cstring> #include<iostream> #include<algorithm> #include<unordered_map> using namespace std; typedef long long ll; typedef pair<int,int> pii; const int N=210; char g[N][N]; int main() {IO;int T=1;cin>>T;while(T--){int n;cin>>n;for(int i=1;i<=n;i++) cin>>g[i]+1;if(g[1][2]=='0'&&g[2][1]=='0'&&g[n][n-1]=='0'&&g[n-1][n]=='0') cout<<2<<'\n'<<1<<' '<<2<<'\n'<<2<<' '<<1<<'\n';else if(g[1][2]=='1'&&g[2][1]=='0'&&g[n][n-1]=='0'&&g[n-1][n]=='0')cout<<1<<'\n'<<2<<' '<<1<<'\n';else if(g[1][2]=='0'&&g[2][1]=='1'&&g[n][n-1]=='0'&&g[n-1][n]=='0')cout<<1<<'\n'<<1<<' '<<2<<'\n';else if(g[1][2]=='1'&&g[2][1]=='1'&&g[n][n-1]=='0'&&g[n-1][n]=='0')cout<<0<<'\n';else if(g[1][2]=='0'&&g[2][1]=='0'&&g[n][n-1]=='1'&&g[n-1][n]=='0')cout<<1<<'\n'<<n-1<<' '<<n<<'\n';else if(g[1][2]=='1'&&g[2][1]=='0'&&g[n][n-1]=='1'&&g[n-1][n]=='0')cout<<2<<'\n'<<2<<' '<<1<<'\n'<<n<<' '<<n-1<<'\n';else if(g[1][2]=='0'&&g[2][1]=='1'&&g[n][n-1]=='1'&&g[n-1][n]=='0')cout<<2<<'\n'<<2<<' '<<1<<'\n'<<n<<' '<<n-1<<'\n';else if(g[1][2]=='1'&&g[2][1]=='1'&&g[n][n-1]=='1'&&g[n-1][n]=='0')cout<<1<<'\n'<<n<<' '<<n-1<<'\n';else if(g[1][2]=='0'&&g[2][1]=='0'&&g[n][n-1]=='0'&&g[n-1][n]=='1')cout<<1<<'\n'<<n<<' '<<n-1<<'\n';else if(g[1][2]=='1'&&g[2][1]=='0'&&g[n][n-1]=='0'&&g[n-1][n]=='1')cout<<2<<'\n'<<1<<' '<<2<<'\n'<<n<<' '<<n-1<<'\n';else if(g[1][2]=='0'&&g[2][1]=='1'&&g[n][n-1]=='0'&&g[n-1][n]=='1')cout<<2<<'\n'<<1<<' '<<2<<'\n'<<n-1<<' '<<n<<'\n';else if(g[1][2]=='1'&&g[2][1]=='1'&&g[n][n-1]=='0'&&g[n-1][n]=='1')cout<<1<<'\n'<<n-1<<' '<<n<<'\n';else if(g[1][2]=='0'&&g[2][1]=='0'&&g[n][n-1]=='1'&&g[n-1][n]=='1')cout<<0<<'\n';else if(g[1][2]=='1'&&g[2][1]=='0'&&g[n][n-1]=='1'&&g[n-1][n]=='1')cout<<1<<'\n'<<1<<' '<<2<<'\n';else if(g[1][2]=='0'&&g[2][1]=='1'&&g[n][n-1]=='1'&&g[n-1][n]=='1')cout<<1<<'\n'<<2<<' '<<1<<'\n';else cout<<2<<'\n'<<1<<' '<<2<<'\n'<<2<<' '<<1<<'\n';}return 0;

C - Palindromifier

$abcdef\to (edcb)abcdef\to edcbabcdef(edcba)\to edcbabcdefedcba(bcde)$
只要三步直接搞出來，可以配合代碼和上述例子食用

#define IO ios::sync_with_stdio(false);cin.tie();cout.tie(0) #pragma GCC optimize(2) #include<set> #include<map> #include<cmath> #include<queue> #include<string> #include<vector> #include<cstdio> #include<cstring> #include<iostream> #include<algorithm> #include<unordered_map> using namespace std; typedef long long ll; typedef pair<int,int> pii; int main() {IO;int T=1;//cin>>T;while(T--){string s;cin>>s;int n=s.size();cout<<3<<'\n';cout<<"L "<<n-1<<'\n';cout<<"R "<<n-1<<'\n';cout<<"R "<<2*n-1<<'\n';}return 0;}

D - Hexagons

六個方向分別讓坐標的變化：
$c_1:(x+1,y+1)$
$c_2:(x,y+1)$
$c_3:(x?1,y)$
$c_4:(x?1,y?1)$
$c_5:(x,y?1)$
$c_6:(x+1,y)$

不難發現操作$c_2+c_6=c_1$、$c_3+c_5=c_4$
因此從兩方面考慮是否使用$c_1$和$c_4$操作
如果不使用那么只通過單獨進行橫坐標±1和縱坐標±1到達目的地直接算即可。
如果使用那么首先使得最終向x坐標和向y坐標移動的步數（dx=dy）相等，于是考慮先通過橫坐標±1或者縱坐標±1操作使最終dx=dy，然后再通過$c_1$或者$c_4$操作使之到達目的地。
不過注意等效操作$c_2+c_6=c_1$、$c_3+c_5=c_4$取代價更小的。

#define IO ios::sync_with_stdio(false);cin.tie();cout.tie(0) #pragma GCC optimize(2) #include<set> #include<map> #include<cmath> #include<queue> #include<string> #include<vector> #include<cstdio> #include<cstring> #include<iostream> #include<algorithm> #include<unordered_map> using namespace std; typedef long long ll; typedef pair<int,int> pii; ll c[10]; int main() {IO;int T=1;cin>>T;while(T--){ll x,y;cin>>x>>y;for(int i=1;i<=6;i++) cin>>c[i];ll res=8e18;ll now=0;// +x 6// -x 3// +y 2// -y 5// 不用c1和c4if(x>=0&&y>=0)now=c[6]*x+c[2]*y;else if(x>=0&&y<0)now=c[6]*x+c[5]*(-y);else if(x<0&&y>=0)now=c[3]*(-x)+c[2]*y;elsenow=c[3]*(-x)+c[5]*(-y);res=min(res,now);// 使用c1和c4if(x>y){now=0;now+=c[5]*(x-y);if(x>=0) now+=min(c[1],c[2]+c[6])*x;else now+=min(c[4],c[3]+c[5])*(-x);res=min(res,now);now=0;now+=c[6]*(x-y);if(y>=0) now+=min(c[1],c[2]+c[6])*y;else now+=min(c[4],c[3]+c[5])*(-y);res=min(res,now);}else{now=0;now+=c[3]*(y-x);if(y>=0) now+=min(c[1],c[2]+c[6])*y;else now+=min(c[4],c[3]+c[5])*(-y);res=min(res,now);now=0;now+=c[2]*(y-x);if(x>=0) now+=min(c[1],c[2]+c[6])*x;else now+=min(c[4],c[3]+c[5])*(-x);res=min(res,now);}cout<<res<<'\n';}return 0; }

吐槽一波，這題debug了半天竟然是上限搞小了，自己一般開$10^{18}$結果有數據的答案比該值還大，最終把最大值開到$8\times 10^{18}$才過的。。。

剛剛看了一波別人的題解，發現D題只需要把所有等效操作的代價取個最小值即可，沒必要這樣討論，嗨自己還是太菜了

E - Swedish Heroes

這題好像是dp，以后回補的！

最近學業壓力有點重，而且快期中考試了。。。這周六還有校賽，希望能打出好成績。

總結

以上是生活随笔為你收集整理的Codeforces Round #676 (Div. 2) E待补的全部內容，希望文章能夠幫你解決所遇到的問題。

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