1、計算函數(shù) f(t)=t (0 ≦ t ≦ 1)的傅里葉系數(shù)。
解：a_n =-1/πn, b_n = 0, c = 1。

2、每1毫秒對一條無噪聲4kHz信道采樣一次。試問最大數(shù)據(jù)傳輸率是多少？如果信道上有噪聲，且信噪比是30dB，試問最大數(shù)據(jù)速率該如何變化？
解：一個無噪聲的信道不管多久采集一次,都可以傳輸任意數(shù)量的數(shù)據(jù),高于每秒2B次采樣無意義。對于無離散等級的模型，對于一個4KHZ的信道，B=?4K?，2B?=?8K，若每次采樣產(chǎn)生16bits?,則最大速率為16*8K?=?128Kbps。若每次采樣1024bit?則最大速率為1024*8K?=?8Mbps。若信噪比為30dB，則S/N=1000，由香農(nóng)定理最大速率=B log₂（1+S/N)?=?4K*?log2?(1001)?=?39.86Kbps.

3、電視信道寬6MHz。如果使用4級數(shù)字信號，試問每秒可以發(fā)送多少個比特？假設(shè)電視信道為無噪聲的。
解：尼奎斯特定律最大速率?=?2Hlog2V。H?=?6MHZ，V=4?，所以最大速率是2*6M*2?=?24Mbps

4、如果在一條3kHz的信道發(fā)送一個二進制信號，該信道的信噪比為20dB，試問可達到的最大數(shù)據(jù)率為多少？
解：信噪比20dB，則S/N=100。由香農(nóng)定理最大速率=B log₂（1+S/N)?=?3?*log2?(101)?=?19.975kbps.但是尼奎斯特定律的限制是2H?=?6kbps?所以實際上最大速率6kbps。

5、試問在50kHz的線路上使用T1載波需要多大的信噪比？
解：發(fā)射T1載波，我們需要滿足Hlog2(1 + S /N) = 1.544 * 10⁶ ，又 H = 50,000。計算得出S /N = 2³⁰ ? 1，大概是 93 dB。

6、試問光纖作為傳輸介質(zhì)，相比銅線有什么優(yōu)勢？是否存在不足？
答：光纖有比銅芯更高的帶寬，并且不會被電壓浪涌，電磁干擾、電源故障、以及空氣中的化學(xué)物質(zhì)侵蝕影響。光纖不會漏光，也不容易被接入，使用光心可以防止竊聽，有更高的安全性。但是光纖也有一些缺點，它要求較高的操作技能，過度彎曲容易折斷，雙向通信要求使用2根光纖或者在光纖上劃分頻段。光纖接口成本也高于電子接口。

7、試問在0.1微米頻譜上1微米波長的帶寬是多少？（即10個0.1微米的（這樣才等于1微米波長）帶寬（頻率）是多少！（這里的帶寬是物理意義上的，以赫茲度量，區(qū)別于bps計量的網(wǎng)絡(luò)數(shù)據(jù)傳輸速率）答案為0.1微米的頻率（帶寬）值f的1/10，計算為0.1*（C/0.1微米），C為光速，寒注）
解：Δ f = cΔλ/λ² ， Δλ = 10^?7 ，λ = 10^?6 。 解得Δf= 30,000 GHz。

8、現(xiàn)在需要在一條光纖上發(fā)送一系列的計算機屏幕圖像。屏幕分辨率為2560×1600像素，每個像素24比特。每秒鐘產(chǎn)生60幅屏幕圖像。試問需要多少帶寬？在1.30微米波段需要多少微米的波長？（1.3微米波段在一個光速內(nèi)可以傳輸?shù)膸?#xff08;頻率赫茲）為（C/1.3微米），即傳輸（C/1.3微米）的帶寬在一個光速內(nèi)需要1.3微米，那么需要傳輸X帶寬就需要X/（C/1.3微米）個1.3微米（本題中X對應(yīng)5898 Mbps/（C/λ），只不過λ變換到最上面的分子中形成了λ²，注）
解：2560 * 1600 * 24 * 60 bps = 5898 Mbps（假定1bps每Hz）。因為Δλ = λ²Δf /c。 Δf = 5.898 * 10⁹，λ = 1.3*10^?6 ，計算得Δλ = 3.3 * 10^?5。

9、試問尼奎斯特定理對高質(zhì)量的單模光纖成立嗎？還是它只適用于銅線？
答：適用于所有介質(zhì)。

10、當(dāng)無線電天線的直徑等于無線電波長時天線通常工作得最好。常見的天線直徑范圍為1~5米。試問這將覆蓋多大的頻率范圍？
答：因為λf = c。 c 為3 * 108 m/s。λ = 1 m時， f=300MHz；λ = 5 m時，f=60 MHz。所以覆蓋范圍從60 MHz 到300MHz。

11、一束1毫米寬的激光對準(zhǔn)了100米建筑物頂上的一個1毫米寬探測器。試問若要使該激光束對準(zhǔn)探測器，則激光束必須小于多大的角度？
解：tan=0.001/100=0.00001。所以角度大概為0.00057度。

12、銥星計劃中的66顆低軌道衛(wèi)星被分成繞著地球的六條鏈。它們在自己的高度繞地球一圈周期是90分鐘。試問對于一個固定發(fā)射器，切換的平均間隔是多少？
解：每條鏈路有11顆衛(wèi)星，每90分鐘11顆衛(wèi)星都會繞地球一圈，這意味著每90/11=491秒（約為8分鐘11秒）就有一次傳輸，即切換平均間隔。

13、試分別計算在兩個GEO（高度：35800千米）、MEO（高度：18000千米）和LEO（高度750千米）衛(wèi)星之間一個數(shù)據(jù)包的端到端傳輸時間。
解：傳輸時間：t=2*高度/光速。計算得：GEO的傳輸時間是239ms,?MEO的傳輸時間是120ms?，LEO的傳輸時間是5ms。

14、如果使用銥星衛(wèi)星通信，試問從北極發(fā)出一個電話呼叫到達南極的延遲是多少？假設(shè)衛(wèi)星交換時間是10微秒，地球半徑為6371千米。
解：傳輸距離是2*750km+地球在750km?高空周長的一半。周長=2*π*(6371+750)=44720km，所以傳輸距離=23860km，所以傳輸時間是23860km/3*10⁸?=79.5ms。此外，交換發(fā)生在六顆衛(wèi)星上（兩極通信需要6顆），時間是60微秒。所以總延遲是79.56ms。

15、如果信號傳輸使用NRZ、MLT-3和曼切斯特編碼，試問為了到達B bps速率，至少需要多少帶寬？
答：NRZ?每個周期傳送2bit數(shù)據(jù)，所以NRZ碼需要的帶寬是B/2HZ；MLT-3每個周期傳輸4bit，所以需要B/4HZ；曼切斯特碼每周期傳輸1bit，所以需要BHZ。

16、試證明在4B/5B編碼模式中，至少每4個比特時間要發(fā)生一次信號跳變。
答：4B/5B使用的是NRZI，每次1發(fā)送時，都需要一個信號跳變，每次傳輸0的數(shù)量不會超過3次，所以最糟糕的序列是10001，所以每四個比特時間就要發(fā)送一次信號跳變。

17、1984年以前每個端局由三位數(shù)字的區(qū)域號和本地號碼中的前三位命名，試問那時共有多少個電話端局？區(qū)域號數(shù)字由2~9開始，第二位是0或者1，最后一位數(shù)字任意取值。本地號碼的前兩個數(shù)字總在2~9范圍內(nèi)，第三個數(shù)字可以是任何數(shù)字。
答：區(qū)域號數(shù)量8*2*10=160。本地號碼個數(shù)8*8*10=640，所以電話個數(shù)共有160*640=102400。

18、一個簡單的電話系統(tǒng)包括端局和一個長途局，每個端局通過一條1MHz的全雙工中繼線連接到長途局。在每8個小時的工作日中，平均每部電話發(fā)出4次呼叫，每次呼叫平均持續(xù)6分鐘，并且10％的呼叫時長途（即通過長途局）。試問端局最多能支持多少部電話（假設(shè)每條電路為4kHz）？請解釋為什么電話公司決定支持的電話數(shù)要少于端局的最大電話數(shù)？
解：每個電話機 0.5 個呼叫每小時，每次持續(xù)6 分鐘，所以每部電話每小時占用3 分鐘，20個電話可以共享一條線路。其中長途電話只占10%，所以需要200個電話可以才能全時間占用長路線路，電話線路共有1MHZ/4Khz 250條，所以最大支持250*200=50000 部電話。支持最大電話數(shù)會造成嚴(yán)重的延遲（每部電話每小時只能占用信道3分鐘）。

19、一個區(qū)域電話公司有1000萬個用戶。每部電話通過雙絞線連接到一個中心局。這些雙絞線的平均長度為10千米。試問本地回路中的銅價值多少？假設(shè)每股線的橫截面直徑是1毫米，銅的密度是9.0克/立方厘米，并且每千克銅可以賣6美元。
解：1 股銅線截面積為π/4 平方毫米，10km 股銅線，體積為2*π/4mm²=15708立方厘米，重量為15708*9g/cm³=141kg，價格141kg*1000 000*6=8.4 億美元。

20、試問石油管道是單工系統(tǒng)，半雙工系統(tǒng)還是全雙工系統(tǒng)？或者三者都不是？河流或者類似對講機的通信是什么系統(tǒng)？
答：石油管道是半雙工系統(tǒng)，只有一根管道，但可以向兩個方向流動。河流是單工系統(tǒng)，對講機是半雙工。

21、高速微處理器的價格已經(jīng)降到了可以在每個調(diào)制解調(diào)器中都安裝一個的程度。試問這對電話線路的錯誤處理有什么影響？它能否決第二層差錯檢測/糾正的需求？
答：傳統(tǒng)上，比特數(shù)據(jù)在物理層上傳輸沒有任何差錯檢測糾正，而現(xiàn)在每個 modem 上都有 CPU 使得在第一層都可以進行差錯監(jiān)測糾正，這使得第二層的差錯減少了很多。但是第二層 的差錯檢測糾正還是必要的，因為數(shù)據(jù)可能由于緩沖區(qū)空間的不足丟失在第一層向第二層傳輸?shù)倪^程中。

22、某個調(diào)制解調(diào)器星座圖有以下幾個數(shù)據(jù)點：（1,1）、（1,-1）、（-1,1）和（-1,-1）。試問一個具備這些參數(shù)的調(diào)制解調(diào)器以1200符號/秒的速率能獲得多少bps？
解：4個符號，所以比特率是波特率的2倍(2^2 = 4)，所以1200符號/秒的速率能獲得2400bps

23、如果波特率是1200并且不需要差錯檢測，試問V.32標(biāo)準(zhǔn)調(diào)劑解調(diào)器能達到的最大比特率是多少？
解：有32個符號，所以5bit 可以被編碼（2^5 = 32），所以1200波特率可以傳輸6000bps。

24、試問一個全雙工QAM-64調(diào)制解調(diào)器使用了多少頻率？
答：該模型只是使用了振幅和相位，頻率不可知。

25、有10個信號，每個需要4000Hz帶寬，現(xiàn)在用FDM將它們復(fù)用在一條信道上。試問對于被復(fù)用的信道，需要的最小帶寬是多少？假設(shè)保護帶為400Hz寬。
答：4khz*10 +400hz*9 = 43600HZ

26、試問為什么PCM采樣時間被設(shè)置為125微秒？
答：采樣時間125us，所以每秒8000次采樣，根據(jù)尼圭斯特定理，這是在4k信道上需要的采樣頻率，例如電話信道。

27、試問T1載波的百分比開銷是多少？也就是說，1.544Mbps中有百分之多少沒有給端用戶使用？OC-1或OC-768線路的百分比開銷又是多少？
答：193bit的幀中用戶使用7*24=168bit ,也就是百分比開銷為25/193 = 13%。OC-1 的百分比開銷為(51.84-49.536)/51.84=3.63%，0C-768的百分比開銷為(39813.12-38043.648)/39813.112= 4.44%

28、若將無噪聲的4kHz信道用于下面的用途，請比較它們的最大數(shù)據(jù)傳輸率：（1）每個樣值2比特的模擬編碼（比如QPSK）（2）T1 PCM系統(tǒng)
答：根據(jù)尼圭斯特定律 4kHZ信道上 需要每秒8000采樣，每次2bit 所以速率為16kbps，T1系統(tǒng)每次7bit ，速率為56kbps。

29、如果一個T1載波系統(tǒng)失去同步不知道自己在哪里，它試圖在每一幀的第1位重新同步。試問在出錯概率為0.001的情況下，平均要檢查多少幀才能重新獲得同步？
解：10幀。

30、試問調(diào)制解調(diào)器的解調(diào)部分與編碼解碼器的編碼部分有沒有區(qū)別？如果有的話，區(qū)別是什么？
答：編碼器允許任意相位的模擬信號，并且從中產(chǎn)生一個數(shù)字信號。調(diào)制解調(diào)器只允許調(diào)制正弦波。

31、SONET時鐘的漂移率大約是1/10⁹。試問，經(jīng)過多長時間才能使得漂移等于1比特的寬度？該結(jié)果有什么實際含義嗎？
答：漂移率10^-9意味著，每秒1ns的漂移。在OC-1 50Mbps速度下，1bit 需要20ns，這意味著只要20秒的時間就會漂移1bit的寬度，所以必須保持時鐘的連續(xù)一致性。

32、試問經(jīng)過多長時間才能把一個1GB的文件從一個VSAT發(fā)送到另一個？假設(shè)上行鏈路是1Mbps，下行鏈路是7Mbps，采用電路交換技術(shù)，電路的建立時間是1.2秒。
解：延遲時間為 4*(35800km/30000000m/s) = 480ms。總的時間為1.2+1GB*8/1Mbps+0.48=8193.68s。

33、在上題中，如果采用包交換，試問數(shù)據(jù)包的傳輸時間是多少？假設(shè)數(shù)據(jù)包長度為64KB，在衛(wèi)星和集線器上的交換時延是10微秒，數(shù)據(jù)包的包頭大小為32字節(jié)。
答：數(shù)據(jù)包數(shù)量 = 1GB/64KB = 2³⁰/2¹⁶ = 2¹⁴延遲時間為480ms +3*0.001 = 480.003ms總傳輸bit 數(shù)=1GB*8+32*8*2¹⁴ = 2³³ +2²² 總時間為 (2³³+2²²)/1Mbps+0.48 = 8196.48s。

34、OC-3用戶的數(shù)據(jù)傳輸率規(guī)定為148.608Mbps。試問該數(shù)值是如何從SONET OC-3的參數(shù)得出的。對OC-3072線路來說，SPE和用戶數(shù)據(jù)率是多少？
解：在0C-1中90列中有86列是有用數(shù)據(jù)，有用數(shù)據(jù)的容量是86*9=774bytes/frame。8bits/bytes , 8000frame/s 3個OC-1復(fù)用，所以總的用戶數(shù)據(jù)傳輸率為3*774*8*8000 = 148608Mbps對于OC-3072來說：Gross速率= 51.84*3072=159252.48MbpsSPE數(shù)據(jù)率= 50.112*3072=153944.064Mbps用戶數(shù)據(jù)率=49.536*3072=152174.592Mbps。

35、為適應(yīng)比STS低的速率，SONET有一個虛擬支流（VT）系統(tǒng)。一個VT是指被插入到STS-1幀中的有效載荷，并且可以與其他部分有效載荷組合起來填滿數(shù)據(jù)幀。VT1.5使用STS-1幀的3列，VT2使用4列，VT3使用6列，VT6使用12列。試問：那個VT可以滿足（1）DS-1（即T1）服務(wù)(1.544Mbps)（2）歐洲的CEPT-1（即E1）服務(wù)(2.048Mbps)（3）DS-2服務(wù)(6.312Mbps)
答：VT1.5 有8000frame/sec*3列*9行*8bit =1.728Mbps，這滿足DS-1服務(wù)；VT2 有 8000frame/sec*4列*9行*8bits = 2.304Mbps ，滿足CEPT-1服務(wù)；VT6 有8000frame/sec*12列*9行*8bits = 6.912Mbps ，滿足DS-2服務(wù)。

36、試問一個OC-12c連接的用戶可用帶寬是多少？
答：OC-12C 有12*90 = 1080列，其中12*3=36列用作線路和其他部分開銷。剩下1044，其中SPE列用于通道開銷，剩下1043列給用戶數(shù)據(jù)，每列有9bytes 所以每禎有1043*9*8bits =75096用戶數(shù)據(jù)位，幀速率為8000frame/sec ，所以用戶速率為8000*75096=600.768Mbps。

37、有三個包交換網(wǎng)絡(luò)，每個包含n個節(jié)點。第一個網(wǎng)絡(luò)采用星型拓撲結(jié)構(gòu)，有一個中心交換機；第二個網(wǎng)絡(luò)采用雙向環(huán)結(jié)構(gòu)；第三個網(wǎng)絡(luò)采用全聯(lián)通結(jié)構(gòu)，每個節(jié)點都有一條線路與其他的節(jié)點相連。試問，從傳輸路徑的跳數(shù)來看，哪個最好？哪個其次？哪個最差？
答：星型網(wǎng)絡(luò)最好的情況是2跳，平均為2跳，最壞的情況2跳；雙向環(huán)網(wǎng)絡(luò)，最好情況1跳，平均n/4跳，最壞情況n/2；全聯(lián)通網(wǎng)絡(luò)最好情況1跳，平均1跳，最壞1跳。

38、比較在一個電路交換網(wǎng)絡(luò)和一個（負載較輕）包交換網(wǎng)絡(luò)中，沿著k跳路徑發(fā)送一個x位長度消息的延遲。假設(shè)電路建立時間為s秒，每一跳的傳播延遲為d秒，數(shù)據(jù)包的大小為p位，數(shù)據(jù)傳輸率為b bps。試問在什么條件下數(shù)據(jù)包網(wǎng)絡(luò)的延遲比較短？
解：電路交換網(wǎng)絡(luò) t=s時，鏈路建立，t=s+x/b 最后一位數(shù)據(jù)發(fā)送完成，t=s+x/b+kd 數(shù)據(jù)到達。包交換網(wǎng)絡(luò)中t = x/b 最后一位發(fā)送完成。為到達目的，最后一個數(shù)據(jù)包必須傳輸k-1次（路由器之間） ，每次傳輸時間p/b sec。所以總延遲時間是x/b+(k-1)p/b+kd。當(dāng)s>(k-1)p/b 時， 包交換網(wǎng)絡(luò)延遲時間短。

39、假定在一個包交換網(wǎng)絡(luò)中用戶數(shù)據(jù)長度為x位，將以一系列數(shù)據(jù)包的形式沿著一條k跳路徑傳輸，每個數(shù)據(jù)包包含p位數(shù)據(jù)和h位頭，這里x>>p+h。線路的比特率為b bps，傳播延遲忽略不計。試問什么樣的p值使得總延遲最小？
解：數(shù)據(jù)包數(shù)量為x/p ，所以總數(shù)據(jù)量為(p+h)*x/p bits。需要(p+h)*x/(p*b) sec發(fā)送這些數(shù)據(jù)，總共有k-1跳，所以在路由間的傳輸時間為(k-1)*(p+h)/b sec.所以需要總的時間為(p+h)x/pb+(p+h)(k-1)/b ，所以p=sqrt(hx/(k-1))時延遲最小。

40、在一個蜂窩的典型移動電話系統(tǒng)中，不允許相鄰蜂窩重復(fù)使用頻段。如果總共有840個頻率可用，試問對于一個給定的蜂窩最多可以使用多少個頻率？
答：每個蜂窩有6個鄰居，假設(shè)中心蜂窩用的頻率組為A，那么它的6個鄰居可以用 B,C,B,C,B,C。換句話說 只需要3個不同的頻率組，所以每個蜂窩可以使用840/3=280個頻率。

41、蜂窩的實際布局很少非常規(guī)則，即使單個蜂窩的形狀也往往是不規(guī)則的。試給出一個可能的理由說明為什么要這樣？這些不規(guī)則形狀對每個蜂窩的頻率分配有什么影響？
答：一，一開始安裝基站時，蜂窩設(shè)備被布置在人口密度大的地區(qū)，這些地區(qū)，運營商后期后不想移動它們。二，天線一般需要依靠較高的建筑或者山頂，由于地形及建筑物分布的不規(guī)則，所以蜂窩設(shè)備也不規(guī)則。三，一些社區(qū)或者財產(chǎn)擁有者不允許蜂窩中心坐落在他們的建筑物上。為此，天線并沒有安裝在蜂窩中心。在規(guī)則的布局下，用戶在各自的蜂窩范圍不會重復(fù)使用相同的頻率，但在不規(guī)則的布局下，用戶可能在蜂窩的重疊區(qū)域可能使用了相同的頻率，這使得頻率分配復(fù)雜化。

42、為了覆蓋舊金山（120平方千米），請粗略估算需要多少個直徑為100米的PCS蜂窩？
答：每個蜂窩覆蓋范圍為2500π，將需要1.2*10^8/2500π = 15279個微型蜂窩，當(dāng)然我們不能將區(qū)域劃分成圓形，所以要比該數(shù)量更多的微型蜂窩才足夠，所以大概需要20000個微型蜂窩。

43、有時當(dāng)一個移動用戶從一個蜂窩邊界跨越到另一個蜂窩時，當(dāng)前的電話呼叫會被突然中止，即使所有的發(fā)射器和接收器都在正常工作。試問這是為什么？
答：當(dāng)跨入另一個蜂窩區(qū)域時，不能使用與之前相同的頻率，必須獲得新的蜂窩分配的頻率，所以電話呼叫會被突然終止。

44、假設(shè)在一個CDMA系統(tǒng)中，A、B和C同時傳輸比特0，它們的碼片序列分別是（-1 -1 -1 +1 +1 -1 +1 +1）、（-1 -1 +1 -1 +1 +1 +1 -1）、（-1 +1 -1 -1 -1 -1 +1 -1）。試問結(jié)果碼片是什么？
解：S= A非+B非+C非 = （+3 +1 +1 -1 -3 -1 -1 +1）

45、考慮用另一種方式來看待CDMA碼片序列的正交特性。一對序列中的每一位要么匹配，要么不匹配。試按照匹配和不匹配來表示正交特性。
答：如果2個元素匹配，產(chǎn)生+1，如果不匹配產(chǎn)生-1，為了使總和為0，匹配的個數(shù)和不匹配的個數(shù)必須一樣多，所以如果兩個碼片正交，需要序列一半匹配 一半不匹配。

46、一個CDMA接收器得到了下面的碼片：（-1 +1 -3 +1 -1 -3 +1 +1）。假設(shè)碼片序列如44題所定義（增加D站，碼片序列是(?1 +1 ?1 ?1 ?1 ?1 +1 ?1)），試問哪些移動站傳輸了數(shù)據(jù)？每個站發(fā)送了什么比特？
解：將得到的碼片分別與ABCD相乘得到
(?1 +1 ?3 +1 ?1 ?3 +1 +1) * (?1 ?1 ?1 +1 +1 ?1 +1 +1)/8 = 1
(?1 +1 ?3 +1 ?1 ?3 +1 +1) * (?1 ?1 +1 ?1 +1 +1 +1 ?1)/8 = ?1
(?1 +1 ?3 +1 ?1 ?3 +1 +1) * (?1 +1 ?1 +1 +1 +1 ?1 ?1)/8 = 0
(?1 +1 ?3 +1 ?1 ?3 +1 +1) * (?1 +1 ?1 ?1 ?1 ?1 +1 ?1)/8 = 1
所以A和D發(fā)送了1，B發(fā)送了0，C沉默。

47、在45題的基礎(chǔ)上。假設(shè)增加了四個站，試給出這些站的碼片序列。
解：(+1 +1 +1 +1 +1 +1 +1 +1)
(+1 ?1 +1 ?1 +1 ?1 +1 ?1)
(+1 +1 ?1 ?1 +1, +1 ?1 ?1)
(+1 ?1 ?1 +1 +1 ?1 ?1 +1)

48、在低端，電話系統(tǒng)呈星型結(jié)構(gòu)，鄰近范圍內(nèi)的所有本地回路都集中到端局。相反，有線電視網(wǎng)絡(luò)的低端則使用一條長電纜穿過鄰近范圍內(nèi)的所有住戶。假設(shè)未來的有線電視電纜是10Gbps的光纖，而不再是銅線。試問，它可以模擬電話模型，即每個住戶都有自己的專用路線連接到端局嗎？如果可以的話，試問一根光纖上可以掛接多少個只有一部電話的用戶？
答：不考慮語音壓縮，一個數(shù)字PCM電話需要64kbps速率，10Gbps 速率可以提供156250個只有一部電話的住戶。

49、一個有線電視工程決定為一個由5000個住戶的區(qū)域提供Internet接入服務(wù)。該公司使用了一根同軸電纜，它的頻譜分配方案允許每根電纜有100Mbps的下行帶寬。為了吸引客戶，公司決定在任何時候都保證每個用戶至少有2Mbps的下行帶寬。試問該公司需要采取什么措施才能提供這樣的帶寬保證？
答：2Mbps 的下行速率，意味著50個用戶用同一根電纜，用戶數(shù)總共5000，所以該公司需要在一根同軸電纜中分離出100根電纜。并且將它們直接連接到光纖節(jié)點。

50、利用本章給出的有線電視頻譜分配方案以及本章中給出的信息，試問一個有線電視系統(tǒng)分配的上行帶寬和下行帶寬分別是多少個Mbps？
答：上行速率37MHZ，如果使用QPSK(2bits/HZ)，可以獲得74Mbps上行速率。下行速率有200MHZ，使用QAM-64，可以獲得1200Mbps下行速率。如果使用QAM-256，可以獲得1600Mbps。

51、如果網(wǎng)絡(luò)空閑，一個有線電視用戶的接收數(shù)據(jù)率是多少？假設(shè)用戶接口分別是：（1）10Mbps以太網(wǎng)（2）100Mbps以太網(wǎng)（3）54Mbps無線局域網(wǎng)
答：有限電視下行速率要比調(diào)制解調(diào)器和PC要小，如果下行通道在27Mbps工作，那么在10Mbps 的以太網(wǎng)速率是10Mbps 。若在100Mbps 其下行速率受制于下行通道，所以下行速率也是27Mbps。在54Mbps ,下行速率也是27Mbps。

總結(jié)

以上是生活随笔為你收集整理的10、第二章物理层习题及参考答案的全部內(nèi)容，希望文章能夠幫你解決所遇到的問題。

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