199. Binary Tree Right Side View

思路：想要得到樹的每一層最右側元素值，用BFS最方便。先訪問左節點再訪問右節點，最后訪問的一個值就是留下的值。
想要DFS的思路也可以。只是一定要訪問所有節點。

代碼

491 Increasing Subsequences

思路：我的習慣思維是對于nums[idx]可以選擇取或者不取。取的話，在什么條件下可以取。滿足什么條件的結果可以記錄到結果中。想好這些就能寫代碼了。
本題：list記錄上一步已經取的數字。如果if (list.size() == 0 || nums[idx] >= list.get(list.size()-1)) 的時候就可以取當前元素到列表。只要list.size 大于等于2 就可以加入結果集。題目還需要去重。
學習：還有一種dfs的思路是：findSequence(int[] nums, int idx, Deque<Integer> list, Set<List<Integer>> result) 前一步放入list中的最后一個元素的下標是idx-1，當前可以決定繼續加入的元素是從idx到數組末尾中的任何一個元素，當然元素也是要符合條件的。
代碼

785. Is Graph Bipartite?

思路：要把所有的頂點（下標）分為兩個集合lista 和listb。先往lista加入節點0。和0相鄰的點加listb。再不斷遍歷lista和listb，加入新的節點。如果相鄰節點在同一個list中那就返回false。代碼啰嗦笨拙，參見isBipartiteV2。
學習1：用colors數組來區分兩個集合。-1認為還沒有加顏色；0為一組；1為另外一組。在加顏色過程中使用DFS的思路。
例如輸入： [[1,3], [0,2], [1,3], [0,2]]。
染色順序：從0到1；從1到2；從2到3；3的鄰邊已經染色完成，判斷是不是有效就行。
學習2：思路同上。在加顏色過程中使用BFS的思路。
例如輸入： [[1,3], [0,2], [1,3], [0,2]]。
染色順序：從0到1；從0到3；1,3加入隊列；一邊染色，一邊判斷是否有效；
從1到0，從1到2；2加入隊列；一邊染色，一邊判斷是否有效；
從3到0，從3到2；一邊染色，一邊判斷是否有效；
從2到1，從2到3；
代碼

129. Sum Root to Leaf Numbers

思路：深度優先的套路。在處理每個當前節點node的時候把它當做根節點，繼續dfs；找到node與其根節點關系，再定返回值。
代碼

200. Number of Islands

思路：用DFS的思路很簡單。找到一個島嶼的起點(i,j)，不斷向4個方向擴散，把相鄰的節點都改為2。這樣一次完整的dfs遍歷算是一個島嶼識別完成。接著再找下個島嶼的起點。
學習：UnionFind并查集思路。將二維的grid，用一維數組表示父節點信息。
代碼

116. Populating Next Right Pointers in Each Node

思路：dfs的話，先遍歷一個節點的右子樹，在同一深度保持盡可能的右側節點。但是當同一層的節點稱為別的節點的next后，當前節點就成為該層右側節點了。用一個map來存儲。
學習：同一層次的節點向右指向next，其實用BFS的思路最好。不過看別的代碼，這次BFS沒有使用queue來解決，而是巧妙的使用了dummy.next和節點next，將同一層的節點連起來。是學習的地方。
代碼

114. Flatten Binary Tree to Linked List

思路：dfs的思路。今天的收獲是：起一個好的方法名字有利于自己思路形成。以前的代碼都直接將方法命名為dfs，其實不知道在做什么。今天的方法名flattenNode，是對node這一個節點做展開。能夠理清楚一個節點做展開應該做哪些事情，遞歸就好寫了。
??????
觀察發現，例如處理node3，不需要做什么事情。處理node2，能看到node4變成了node3的右子樹；node3變成了node2的右子樹。得出如果有左子樹，那么左子樹稱為node的右子樹，原來node的右子樹成為現在node右子樹葉子節點的右子樹。把node的左子樹置為null。
代碼

802. Find Eventual Safe States

思路：開始不能明白k的作用，不能明白例題中0,1,3節點為什么就不可以。
我理解的5,6出度為0，5,6是terminal node，肯定是safe state。節點2，節點4可以走到節點5，所以節點2，節點4也屬于safe state。節點0，節點1可以走到節點2，那么節點0，節點1也應該是safe state。
節點3能夠走到節點0，那節點3也是safe state。所以0,1,2,3,4，5,6應該都是safe state。
但題目中有句話是：starting node is eventually safe if and only if we must eventually walk to a terminal node.“ if and only if ”說明是可以并且只能走到safe state。
節點0可以走節點2，到達節點5,；但是同時節點0還可以走到節點1，節點3,再到節點0。沒有任何證據表名節點1，或者節點3不是terminal node，所以節點0也就不是safe state。也就是不符合 if and only if。這就清楚了，一個節點如果它的出度為0或者鏈接的節點都是safe state的，那它才是safe state。
學習：從一個節點開始深度優先進行搜索。如果能夠走到終點并且只能走到終點則認為無環，是一個safe state。我們將訪問節點的不同狀態稱為 白-灰-黑：還沒有開始訪問節點是白(0)，開始訪問一個節點是灰(1)，訪問一個節點結束是黑(2)。
如果在訪問節點A的過程中遇到了灰色的節點B，那么說明A在一個環內。A不是一個safe state。
如果在訪問節點A的過程中所有的路徑都能達到一個terminal node，沒有進入環內，則A是一個safe state。
時間復雜度O(N+E) N是頂點數，E是邊數。
代碼

總結

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