n 只有 1e3 ，所以可以支持二維 dp 的定義，因為涉及到數軸上的區間，不妨定義 dp[ l?][ r ] 為：在遍歷區間 [ l , r ] 后的最小時間，因為還需要確定最終在哪個位置，所以可以再加一維，定義為 dp[ l ][ r ][ 0 ] 和 dp[ l ][ r ][ 1 ] 分別為遍歷區間 [ l , r ] 后停留在最左端以及最右端時的最小時間，這樣轉移方程就不難得出了
因為題目保證了起點只有一個，所以可以從起點開始一層 for 控制 l 指針向左擴展，一層 for 控制 r 指針向右擴展，具體實現看代碼就行了
代碼： ?
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<string>
#include<ctime>
#include<cmath>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<stack>
#include<climits>
#include<queue>
#include<map>
#include<set>
#include<sstream>
using namespace std;typedef long long LL;typedef unsigned long long ull;const LL inf=0x3f3f3f3f;const int N=1e3+100;int p[N],t[N];int dp[N][N][2];int main()
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
// freopen("input.txt","r",stdin);
// freopen("output.txt","w",stdout);
#endif
// ios::sync_with_stdio(false);int n,st;scanf("%d",&n);for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%d",p+i);for(int i=1;i<=n;i++){scanf("%d",t+i);if(t[i]==0)st=i;}memset(dp,inf,sizeof(dp));dp[st][st][0]=dp[st][st][1]=0;for(int i=st;i>=1;i--)for(int j=st;j<=n;j++){if(dp[i][j][0]+p[i]-p[i-1]<=t[i-1])dp[i-1][j][0]=min(dp[i-1][j][0],dp[i][j][0]+p[i]-p[i-1]);if(dp[i][j][1]+p[j]-p[i-1]<=t[i-1])dp[i-1][j][0]=min(dp[i-1][j][0],dp[i][j][1]+p[j]-p[i-1]);if(dp[i][j][0]+p[j+1]-p[i]<=t[j+1])dp[i][j+1][1]=min(dp[i][j+1][1],dp[i][j][0]+p[j+1]-p[i]);if(dp[i][j][1]+p[j+1]-p[j]<=t[j+1])dp[i][j+1][1]=min(dp[i][j+1][1],dp[i][j][1]+p[j+1]-p[j]);}int ans=min(dp[1][n][0],dp[1][n][1]);if(ans==inf)ans=-1;printf("%d\n",ans);return 0;
}
