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題目大意：給出一個(gè) $n?n$ 的棋盤，其中有 $m$ 個(gè)位置是需要填數(shù)字的位置，每個(gè)位置需要填 $[0,k]$ 的數(shù)字中的其中一個(gè)，可以重復(fù)，現(xiàn)在給出每一行的最大值和每一列的最大值，要求填出一種合法的方案，且權(quán)值和最小，題目保證一定有解

題目分析：

首先考慮行最大值和列最大值的最大值，記為 $x$，找到最大值需要等于 $x$ 的行和列，設(shè)有 $n$ 行和 $m$ 列的最大值需要等于 $x$。原本是需要在每一行、每一列共 $n+m$ 個(gè)位置放置 $x$，發(fā)現(xiàn)如果在他們交叉位置放置 $x$ 的話，可以少放置一些 $x$，每有一對(duì)行和列匹配，就可以少放置一個(gè) $x$，如此一來轉(zhuǎn)換成了二分圖最大匹配問題

考慮完了 $x$ 后，再考慮次大值 $y$，我們發(fā)現(xiàn)如果將 $y$ 放在原本應(yīng)該放置 $x$ 的行或列的話，并不會(huì)對(duì)答案造成影響，又因?yàn)轭}目保證了一定有解，加上我們也并不關(guān)心到底該如何去放置，所以對(duì)于 $y$ 來說，在可以匹配的交叉點(diǎn)放置 $y$，其余沒有匹配到的位置一定是存在著可以放置的位置的

所以綜上所述，對(duì)于權(quán)值 $w$ 來說，提供的貢獻(xiàn)就是 $(n+m?match)?w$，其中 $match$ 是最大匹配數(shù)

到此觀察到題目中有一句特別顯眼的“提示”：（$b[i]$ 和 $c[i]$ 分別是行最大值和列最大值）

所以每次建圖最多有 $500$ 個(gè)點(diǎn)， $500^2=2e5$ 條邊，跑二分圖最大匹配的話，用匈牙利或最大流都是可以的

代碼：

// Problem: Minimum grid // Contest: NowCoder // URL: https://ac.nowcoder.com/acm/contest/11254/C // Memory Limit: 524288 MB // Time Limit: 6000 ms // // Powered by CP Editor (https://cpeditor.org)// #pragma GCC optimize(2) // #pragma GCC optimize("Ofast","inline","-ffast-math") // #pragma GCC target("avx,sse2,sse3,sse4,mmx") #include<iostream> #include<cstdio> #include<string> #include<ctime> #include<cmath> #include<cstring> #include<algorithm> #include<stack> #include<climits> #include<queue> #include<map> #include<set> #include<sstream> #include<cassert> #include<bitset> #include<list> #include<unordered_map> #define lowbit(x) (x&-x) using namespace std; typedef long long LL; typedef unsigned long long ull; template<typename T> inline void read(T &x) {T f=1;x=0;char ch=getchar();while(0==isdigit(ch)){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}while(0!=isdigit(ch)) x=(x<<1)+(x<<3)+ch-'0',ch=getchar();x*=f; } template<typename T> inline void write(T x) {if(x<0){x=~(x-1);putchar('-');}if(x>9)write(x/10);putchar(x%10+'0'); } const int inf=0x3f3f3f3f; const int N=8e6+100; vector<int>node[1000100]; bool maze[2010][2010]; struct Edge {int to,w,next; }edge[N];//邊數(shù) int head[N],cnt; void addedge(int u,int v,int w) {edge[cnt].to=v;edge[cnt].w=w;edge[cnt].next=head[u];head[u]=cnt++;edge[cnt].to=u;edge[cnt].w=0;//反向邊邊權(quán)設(shè)置為0edge[cnt].next=head[v];head[v]=cnt++; } int d[N],now[N];//深度 當(dāng)前弧優(yōu)化 bool bfs(int s,int t)//尋找增廣路 {memset(d,0,sizeof(d));queue<int>q;q.push(s);now[s]=head[s];d[s]=1;while(!q.empty()){int u=q.front();q.pop();for(int i=head[u];i!=-1;i=edge[i].next){int v=edge[i].to;int w=edge[i].w;if(d[v])continue;if(!w)continue;d[v]=d[u]+1;now[v]=head[v];q.push(v);if(v==t)return true;}}return false; } int dinic(int x,int t,int flow)//更新答案 {if(x==t)return flow;int rest=flow,i;for(i=now[x];i!=-1&&rest;i=edge[i].next){int v=edge[i].to;int w=edge[i].w;if(w&&d[v]==d[x]+1){int k=dinic(v,t,min(rest,w));if(!k)d[v]=0;edge[i].w-=k;edge[i^1].w+=k;rest-=k;}}now[x]=i;return flow-rest; } void init(int n) {memset(now,0,sizeof(int)*(n+5));memset(head,-1,sizeof(int)*(n+5));cnt=0; } int solve(int st,int ed) {int ans=0,flow;while(bfs(st,ed))while(flow=dinic(st,ed,inf))ans+=flow;return ans; } int solve(vector<int>row,vector<int>col) {if(row.empty()||col.empty()) {return 0;}int lena=row.size(),lenb=col.size();init(lena+lenb+2);int st=lena+lenb,ed=st+1;for(int i=0;i<lena;i++) {addedge(st,i,1);}for(int i=0;i<lenb;i++) {addedge(i+lena,ed,1);}for(int i=0;i<lena;i++) {for(int j=0;j<lenb;j++) {if(maze[row[i]][col[j]]) {addedge(i,j+lena,1);}}}return solve(st,ed); } int main() { #ifndef ONLINE_JUDGE // freopen("data.in.txt","r",stdin); // freopen("data.out.txt","w",stdout); #endif // ios::sync_with_stdio(false);int n,m,k;read(n),read(m),read(k);for(int i=1,x;i<=n;i++) {read(x);node[x].push_back(i);}for(int i=1,x;i<=n;i++) {read(x);node[x].push_back(n+i);}while(m--) {int x,y;read(x),read(y);maze[x][y]=true;}LL ans=0;for(int i=k;i>=0;i--) {vector<int>row,col;for(auto it:node[i]) {if(it<=n) {row.push_back(it);} else {col.push_back(it-n);}}ans+=1LL*(row.size()+col.size()-solve(row,col))*i;}cout<<ans<<endl;return 0; }

總結(jié)

以上是生活随笔為你收集整理的2021牛客多校3 - Minimum grid(二分图最大匹配-最大流)的全部?jī)?nèi)容，希望文章能夠幫你解決所遇到的問題。

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