翻硬幣

jzoj 3921

題目大意：

給你一個(gè)長(zhǎng)度為$n$的當(dāng)前01串和目標(biāo)01串，現(xiàn)在你要做$m$此操作，每次操作你要使$k$個(gè)不同的位取反，現(xiàn)在問你有多少種方法可以使當(dāng)前01串變?yōu)槟繕?biāo)01串

輸入樣例：

3 2 1 100 001

輸出樣例：

2

樣例解釋：

$100?>101?>001$
$100?>000?>001$

數(shù)據(jù)范圍

對(duì)于30% 的數(shù)據(jù)，$N<=4;,0<=K<=5$
對(duì)于60% 的數(shù)據(jù)，$N<=10$
對(duì)于100% 的數(shù)據(jù)，$1<=N<=100;,0<=K<=100,0<=M<=N$

解題思路：

我們?cè)O(shè)$f_{i,j}$為第$i$次操作，與目標(biāo)操作有$j$位不同的種數(shù)
當(dāng)$j?k$時(shí)（$j<k$的情況見代碼）
我們從$f_{i?1,j}$轉(zhuǎn)移到$f_{i,k}$首先一定要取反$j?k$次
多余的$m?(j?k)$平分成與結(jié)果相同的和不同的來(lái)取反
這樣我們就得出了狀態(tài)轉(zhuǎn)移方程：
$$f_{t,j}=f_{t,j}+f_{t?1,i}?C_i^{\frac{m?(j?k)}{2}}?C_{n?i}^{j?i+(\frac{m?(j?k)}{2})}(j?k)$$
注：代碼中的變量有所不同

代碼:

5

#include<cstdio> #include<cstring> #include<iostream> #include<algorithm> #define abs(x) (x) < 0? -(x) : (x) #define ll long long #define wyc 1000000007//%%% using namespace st d; ll n, m, k, s, C[150][150], f[150][150]; string str, str1; int main() {for (int i = 0; i <= 100; ++i)C[i][0] = 1;for (int i = 1; i <= 100; ++i)for (int j = 1; j <= 100; ++j)C[i][j] = (C[i - 1][j] + C[i - 1][j - 1]) % wyc;//求組合數(shù)scanf("%lld%lld%lld", &n, &k, &m);cin>>str;cin>>str1;for (int i = 0; i < n; ++i)s += (str[i] != str1[i]);if (s&1 && !(m&1))//偶數(shù)無(wú)法拼成基數(shù){printf("0");return 0;}f[0][s] = 1;for (ll t = 1; t <= k; ++t)for (ll i = 0; i <= n; ++i)for (ll j = max((i + m) & 1, i - m); j <= min(n, i + m); j += 2)//一些小優(yōu)化if ((i + j + 1)&1 && abs(i - j) <= m)//也是一些小優(yōu)化{if (j >= i)f[t][j] = (f[t][j] + f[t - 1][i] * C[i][((m - (j - i)) >> 1)] % wyc * C[n - i][j - i + ((m - (j - i)) >> 1)] % wyc) % wyc;//狀態(tài)轉(zhuǎn)移else f[t][j] = (f[t][j] + f[t - 1][i] * C[i][i - j + ((m - (i - j)) >> 1)] % wyc * C[n - i][((m - (i - j)) >> 1)] % wyc) % wyc;//反過(guò)來(lái)}printf("%lld", f[k][0]);return 0; }

總結(jié)

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